UESTC第十四届校赛A题解题报告

太弱，什么都不会（Qrz）
给你一个n，然后你要用一个序列构成0到n的所有数（构成方法就是从序列中选若干个数加起来）问你有多少种这样的序列，{1,2,3}和{1,3,2}是相同的序列

首先，看下n范围5000，复杂度肯定是n^2打表。
然后赛上各种推不出状态。。。
其实，肯定有一维状态要表示整个序列的和，那么就是dp[i]，i为整个序列的和的方法数。然后尝试转移会发现很迷茫。。显然再加一维，考虑到对整个序列排个序之后，我们只放大于等于整个序列最大元素的数，那么又肯定要有一维状态来表示当前序列的最大元素。

最后dp[i][j]表示，整个序列的和为i，且序列中最大元素为j的方法数。
接下来我们考虑转移，假设dp[i][j]正确且已知，那么dp[i][j]已经能够表示0-i的所有数，考虑接下来我们将在集合里添加的数k，k肯定大于等于j，但是当k大于i+1的时候，整个序列是无法表示i+1的，因此j<=k<=i+1
因此dp[i+k][k] += dp[i][j];
这样，我们发现复杂度是n^3，状态需要修改下，使得能让我们预处理降低一维复杂度，看看转移状态，第二维的k是显然没法改变的，于是我们尝试改变第一维。我们发现，i+k是与k有关的，于是定义状态dp[i][j]表示整个序列的和为i+j，且序列中最大元素为j的方法数，于是有转移dp[i+j][k] += dp[i][j] (j <= k <= i+j+1)
然后我们不必要每次都加，直接dp[i+j][j] += dp[i][j], dp[i+j][i+j+2] -= dp[i][j],每次再求个前缀和即可

////  Created by Running Photon on 2016-04-07//  Copyright (c) 2015 Running Photon. All rights reserved.//#include <algorithm>#include <cctype>#include <cmath>#include <cstdio>#include <cstdlib>#include <cstring>#include <iomanip>#include <iostream>#include <map>#include <queue>#include <string>#include <sstream>#include <set>#include <vector>#include <stack>#define ALL(x) x.begin(), x.end()#define INS(x) inserter(x, x,begin())#define ll long long#define CLR(x) memset(x, 0, sizeof x)using namespace std;const int inf = 0x3f3f3f3f;const int MOD = 1e9 + 7;const int maxn = 1e6 + 10;const int maxv = 5e3 + 10;const double eps = 1e-9;int sum[maxv];int dp[maxv][maxv];int main() {#ifdef LOCAL    freopen("in.txt", "r", stdin);//  freopen("out.txt","w",stdout);#endif//  ios_base::sync_with_stdio(0);    dp[0][1] = 1;    dp[0][2] = -1;    int n = 5000;    for(int i = 0; i <= n; i++) {        for(int j = 1; j <= n; j++) {            dp[i][j] = (dp[i][j] + dp[i][j-1]) % MOD;        }        for(int j = 1; j <= n; j++) {            if(!dp[i][j]) continue;            dp[i+j][j] = (dp[i+j][j] + dp[i][j]) % MOD;            dp[i+j][i+j+2] = (dp[i+j][i+j+2] - dp[i][j]) % MOD;        }    }    for(int i = 0; i <= n; i++) {        for(int j = 0; j <= n; j++) {            if(i + j > n) break;            sum[i+j] = (sum[i+j] + dp[i][j]);        }    }    while(scanf("%d", &n) != EOF) {        printf("%d\n", sum[n]);    }    return 0;}