【hdu 5517】【2015ACM/ICPC亚洲区沈阳站】Triple 题意&题解&代码(C++)
来源:互联网 发布:360软件管家官方下载 编辑:程序博客网 时间:2024/05/02 15:01
题目链接:
http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5517
题意:
给出n个二元组<a,b>和m个三元组<c,d,e>现在将其组合成一个新的三元组集合,新三元组中允许有重复元素,一个二元组和一个三元组可以组合当且仅当b==e时将其组合成<a,c,d>,在新组合的三元组中任取一元素<a,b,c>,如果在新组合存在一个元素<u,v,w>使得u!=a && v!=b && w!=c 同时 u>=a && v>=b &&w>=c 则元素<a,b,c>不统计在答案的集合中,否则统计在答案的集合中,问最终答案的集合中有多少元素,可以有重复元素。
题解:
有三维信息,我们发现新三元组中a的值在10^5范围,而b,c范围都在1000以内,这样的话可以用a排序,然后用b,c统计在二维树状数组中,在组合新的三元组时也有一些技巧和方法,可以参考代码来理解。
本题要用long long,多组数据注意初始化。
代码:
#include<iostream>#include<algorithm>#include<stdio.h>#include<string.h>using namespace std;int T,n,m;int id[100005];long long cnt[100005];struct node{ int a;int b;int c;long long num;}p[100005],np[100005];long long sum[1005][1005];int cmp(node x1,node x2){ if (x1.a!=x2.a) return x1.a<x2.a; if (x1.b!=x2.b) return x1.b<x2.b; return x1.c<x2.c; }int pan(int i){ if (p[i].a==p[i+1].a&&p[i].b==p[i+1].b&&p[i].c==p[i+1].c) return 1; return 0;}int lowbit(int x){ return x&(-x);}int add(int x,int y,long long v){ for (int i=x;i<=1000;i+=lowbit(i)) for (int j=y;j<=1000;j+=lowbit(j)) sum[i][j]+=v; }long long query(int x,int y){ long long res=0; for (int i=x;i>=1;i-=lowbit(i)) for (int j=y;j>=1;j-=lowbit(j)) res+=sum[i][j]; return res;}int solve(int x,int y){ long long res=query(1000,1000)-query(x-1,1000)-query(1000,y-1)+query(x-1,y-1); if (res==0) return 1; else return 0;}int main(){ scanf("%d",&T); for (int t=1;t<=T;t++) { scanf("%d%d",&n,&m); memset(sum,0,sizeof(sum)); memset(id,0,sizeof(id)); memset(cnt,0,sizeof(cnt)); for (int i=1;i<=n;i++) { int a,b; scanf("%d%d",&a,&b); if (id[b]<a) { id[b]=a; cnt[b]=1; } else if (id[b]==a) cnt[b]++; } int tot=0; for (int i=1;i<=m;i++) { int a,b,c; scanf("%d%d%d",&a,&b,&c); if (id[c]!=0) { tot++; p[tot].a=id[c]; p[tot].b=a; p[tot].c=b; p[tot].num=cnt[c]; } } sort(p+1,p+1+tot,cmp); int nn=0; long long res=0; for (int i=1;i<=tot;i++) { if (pan(i)) res+=p[i].num; else { nn++; np[nn].num=0; np[nn]=p[i]; np[nn].num+=res; res=0; } } long long ans=0; for (int i=nn;i>=1;i--) { if (solve(np[i].b,np[i].c)) ans+=np[i].num; add(np[i].b,np[i].c,np[i].num); } printf("Case #%d: %I64d\n",t,ans); }}
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