2016"百度之星" - 初赛(Astar Round2A)Sitting in Line
来源:互联网 发布:心蓝软件 编辑:程序博客网 时间:2024/09/21 09:00
之前写状压DP都是用递归写的,感觉递归写好理解,没想到这次递归超时了,没办法,看了一下循环写的状压DP
1.先说一下我对旅行商问题用循环写状压的理解
下面是旅行商问题的核心代码
for(int s=0;s<(1<<n);s++) fill(dp[s],dp[s]+n,inf); dp[(1<<n)-1][0]=0; for(int s=(1<<n)-2;s>=0;s--) { for(int v=0;v<n;v++) { for(int u=0;u<n;u++) { if(!(s>>u&1)){ dp[s][v]=min(dp[s][v],dp[s|1<<u][u]+d[v][u]); } } } }
现在假设有五个点,起点为0
这里dp[s][v] s表示已经访问的集合,v表示最后是在哪个点,这里计算了许多不存在的情况。
(1)dp[10100][1] 这个状态显然是非法的,因为明明没经过这点怎么可能最后在在这个点
(2)然后两层循环的时候也会计算一些非法状态,比如dp[10100][1] 下面的可到达点u就循环到1,相当于
dp[10100][1] =dp[10110][1]+d[1][1]
dp[10100][1] =dp[10110][1]
那么 这些非法状态的会影响到最终结果么?答案是不会
首先我们的最后要的答案是dp[0][0],dp[0][0]可由下面这几种情况得到
dp[0][0] = d[00001][0] +d[0][0] (1)
d[00010][1] +d[0][1] (2)
d[00100][2] +d[0][2] (3)
d[01000][3] +d[0][3] (4)
d[10000][4] +d[0][4] (5)
dp[00100][2]可由下面几种情况得到
dp[00100][2] = dp[00101][0]+d[0][2] (6)
dp[00110][1]+d[1][2] (7)
dp[01100][3]+d[2][3] (8)
dp[10100][4]+d[2][4] (9)
可以看出状态1 2 3 4 5 6 7 8 9都是合法的,所以我们DP转移的时候就只会从正确状态转移,同时我们
dp[(1<<n)-1][0]=0
这样赋初值能保证最后一次转移的时候,转移到的点不是第一个点就会是INF,我们不会选取。
所以非法状态不会影响到最后结果,我们通过赋初值与正确的选取的答案的值、正确的状态转移来抛弃掉非法状态。
2.回归这道题。。
题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5691
题目大意:给你n个数字,一些数字没有指定位置,一些数字指定了位置,问如何排列这些数字能使最后(a0×a1+a1×a2+a2×a3——
+a(n-1)*a(n) )这个结果最大
题目解析:首先我们要赋初值,首先全部变成-inf,判断最后的位置是否为固定数字,如果固定,则将该数字的输入位置赋值为0,否则将位置不固定的数字的输入位置都赋值成0。
mark[]为第几位的数字是否固定,p[]为数字的位置。
if(mark[n-1]>=0) { dp[(1<<n)-1][mark[n-1]]=0; } else { for(int i=0; i<n; i++) { if(p[i]==-1) dp[(1<<n)-1][i]=0; } }
timee记录当前乘了几次,它的值为状态数中1的个数减1,当当前次数为固定数字时,则将当前所在的位置固定。
当当前不为固定数字时,则查找位置不固定的数字进行转移。
假设n为5
dp[00001][0]
dp[00010][1]
dp[00100][2]
dp[01000][3]
dp[10000][4]
即枚举第一个数字的位置。
这里写代码片
AC代码:
#include <iostream>#include <cstring>#include <cstdio>#include <cstdlib>#include <cmath>#include <string>#include <vector>#include <list>#include <map>#include <queue>#include <stack>#include <algorithm>#include <numeric>#include <functional>#define RI(N) scanf("%d",&(N))#define RII(N,M) scanf("%d %d",&(N),&(M))#define RIII(N,M,K) scanf("%d %d %d",&(N),&(M),&(K))#define mem(a) memset((a),0,sizeof(a))using namespace std;const int inf=1e9;double EPS=1e-10;typedef long long LL;int n,dp[1<<16][20];int v1[20];int p[20];int mark[20];int cal(int x){ int anss=0; while(x) { x&=(x-1); anss++; } return anss;}int main(){ int t; int tt=1; RI(t); while(t--) { RI(n); printf("Case #%d:\n",tt++); memset(mark,-1,sizeof(mark)); for(int s=0; s<1<<n; s++) fill(dp[s],dp[s]+n,-inf); for(int i=0; i<n; i++) { int val,poi; RII(val,poi); v1[i]=val; p[i]=poi; } for(int i=0; i<n; i++) { if(p[i]>=0) mark[p[i]]=i; } if(mark[n-1]>=0) { dp[(1<<n)-1][mark[n-1]]=0; } else { for(int i=0; i<n; i++) { if(p[i]==-1) dp[(1<<n)-1][i]=0; } } for(int s=(1<<n)-2; s>=0; s--) { int timee=cal(s); if(timee>=1) timee--; else break; if(mark[timee]>=0) { int v=mark[timee]; for(int u=0; u<n; u++) { if(((s>>u)&1)==0) dp[s][v]=max(dp[s][v],dp[s|(1<<u)][u]+v1[v]*v1[u]); } } else { for(int v=0; v<n; v++) { if(p[v]>=0) continue; for(int u=0; u<n; u++) { if(((s>>u)&1)==0) dp[s][v]=max(dp[s][v],dp[s|(1<<u)][u]+v1[v]*v1[u]); } } } } int ans=-inf; for(int i=0;i<n;i++) { ans=max(ans,dp[1<<i][i]); } printf("%d\n",ans); } return 0;}
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