Hard-题目12:115. Distinct Subsequences
来源:互联网 发布:手机养狗软件 编辑:程序博客网 时间:2024/05/19 09:48
题目原文:
Given a string S and a string T, count the number of distinct subsequences of T in S.
A subsequence of a string is a new string which is formed from the original string by deleting some (can be none) of the characters without disturbing the relative positions of the remaining characters. (ie, “ACE” is a subsequence of “ABCDE” while “AEC” is not).
Here is an example:
S = “rabbbit”, T = “rabbit”
Return 3.
题目大意:
给出一个字符串s和t,其中t是s的子串,求出删除s中字符得到t的不同删除方法。(或者理解为从s中取出t的不同取法。)
例如S=”rabbbit”,T=”rabbit”
其中S中的3个b取出两个得到T,有C(3,2)=3种取法,返回3.
题目分析:
因为可以看做是S中部分串取出得到T中部分串的子问题,所以想到用dp。
构建dp数组,其中dp[i][j]表示s[0..i]取出t[0..j]字符的方法数。那么首先考虑初始化:
dp[0][0]显然等价于s[0]==t[0],而先初始化j=0的情况,因为这时只有一个字符,扫描s,只要s[i]==t[0],则取出的方法数+1,否则不变(很好理解,因为多出的字符与t[0]不一样,这个多出的字符没有任何意义)。
接下来从j=1(2个字符)开始考虑转移方程:
如果s[i]==t[j],那么这个多出来的t[j]的来源有两种情况,一是取自s[i],那么只要从s[0…i-1]取出t[0…j-1]即可,二是不取s[i],那么相当于从s[0…i-1]取出t[0…j],故这种情况下的转移方程为dp[i][j]=dp[i-1][j-1]+dp[i-1][j];
如果s[i]!=t[j],那么这个多出来的s[i]对取出t[0…j]没有任何贡献,还是要从s[0…i-1]中去寻找,故dp[i][j]=dp[i-1][j]
.剩下的就是对一些特殊的边界情况讨论。例如s.length<=t.length。
源码:(language:java)
public class Solution { public int numDistinct(String s, String t) { int slen = s.length(),tlen = t.length(); if(slen<tlen) return 0; else if(slen == tlen) return s.equals(t)?1:0; else { int[][] dp = new int[slen][tlen]; dp[0][0] = s.charAt(0)==t.charAt(0)?1:0; for(int i = 1;i<slen;i++) { if(s.charAt(i)==t.charAt(0)) dp[i][0] = dp[i-1][0]+1; else dp[i][0] = dp[i-1][0]; } for(int j = 1;j<tlen;j++) { for(int i = j;i<slen;i++) { if(s.charAt(i) == t.charAt(j)) dp[i][j] = dp[i-1][j]+dp[i-1][j-1]; else dp[i][j] = dp[i-1][j]; } } return dp[slen-1][tlen-1]; } }}
成绩:
16ms,beats 62.01%,众数20ms,14.82%
Cmershen的碎碎念:
这是一个非常典型的DP问题,而我一开始考虑复杂了,因为我是基于组合数公式C(n,k)=C(n-1,k-1)+C(n-1,k)做的,还增加了对s[i]和t[j]是否存在的考虑,但其实没有必要。因为如果t[j]出现了s中没出现过的字符,自然前一项也为0了。
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