373. Find K Pairs with Smallest Sums
来源:互联网 发布:魔兽争霸mac无法打开 编辑:程序博客网 时间:2024/06/15 11:08
题目:找和最小的K对数字
You are given two integer arrays nums1 and nums2 sorted in ascending order and an integer k.
Define a pair (u,v) which consists of one element from the first array and one element from the second array.
Find the k pairs (u1,v1),(u2,v2) ...(uk,vk) with the smallest sums.
Example 1:
Given nums1 = [1,7,11], nums2 = [2,4,6], k = 3Return: [1,2],[1,4],[1,6]The first 3 pairs are returned from the sequence:[1,2],[1,4],[1,6],[7,2],[7,4],[11,2],[7,6],[11,4],[11,6]
Example 2:
Given nums1 = [1,1,2], nums2 = [1,2,3], k = 2Return: [1,1],[1,1]The first 2 pairs are returned from the sequence:[1,1],[1,1],[1,2],[2,1],[1,2],[2,2],[1,3],[1,3],[2,3]
Example 3:
Given nums1 = [1,2], nums2 = [3], k = 3 Return: [1,3],[2,3]All possible pairs are returned from the sequence:[1,3],[2,3]
题意:
给定两个按照递增排序好的整数数组nums1、nums2和一个整数k。
定义一个pair(u, v)对,其由一个元素来自于第一个数组,另一个元素来自于第二个数组组成。
找到k对pair(u1, v1),(u2, v2)... (uk, vk)和最小的数。
转载:[LeetCode] Find K Pairs with Smallest Sums
思路一:
brute force的解法,这种方法我们从0循环到数组的个数和k之间的较小值,这样做的好处是如果k远小于数组个数时,我们不需要计算所有的数字对,而是最多计算k*k个数字对,然后将其都保存在res里,这时候我们给res排序,用我们自定义的比较器,就是和的比较,然后把比k多出的数字对删掉即可。
代码:C++版:528ms
class Solution {public: vector<pair<int, int>> kSmallestPairs(vector<int>& nums1, vector<int>& nums2, int k) { vector<pair<int, int>> res; for (int i=0; i<min((int)nums1.size(), k); ++i) { for (int j=0; j<min((int)nums2.size(), k); ++j) { res.push_back({nums1[i], nums2[j]}); //将所有组合放入返回集中 } } sort(res.begin(), res.end(), [](pair<int, int> &a, pair<int, int> &b) //将所有可能的对按和值大小排序 { //自定义比较器 return a.first + a.second < b.first + b.second; }); if (res.size() > k) //将排序过后的集合中k对之后的对删掉 res.erase(res.begin()+k, res.end()); return res; }};
思路二:
使用multimap来做,思路是我们将数组对之和作为key存入multimap中,利用其自动排序的机制,这样我们就可以省去sort的步骤,最后把前k个存入res中即可。
代码:C++版:1070ms
class Solution {public: vector<pair<int, int>> kSmallestPairs(vector<int>& nums1, vector<int>& nums2, int k) { vector<pair<int, int>> res; multimap<int, pair<int, int>> mul; for (int i=0; i<min((int)nums1.size(), k); ++i) { for (int j=0; j<min((int)nums2.size(), k); ++j) { mul.insert({nums1[i] + nums2[j], {nums1[i], nums2[j]}}); } } for (auto it=mul.begin(); it!=mul.end(); ++it) { res.push_back(it->second); if (--k <= 0) return res; } return res; }};
思路三:
使用priority_queue实现,也需要自定义比较器,整体思路和上面的没有什么区别。
代码:C++版:72ms
class Solution {public: vector<pair<int, int>> kSmallestPairs(vector<int>& nums1, vector<int>& nums2, int k) { vector<pair<int, int>> res; priority_queue<pair<int, int>, vector<pair<int, int>>, cmp> q; for (int i=0; i<min((int)nums1.size(), k); ++i) { for (int j=0; j<min((int)nums2.size(), k); ++j) { if (q.size() < k) { q.push({nums1[i], nums2[j]}); } else if (nums1[i] + nums2[j] < q.top().first + q.top().second) { q.push({nums1[i], nums2[j]}); q.pop(); } } } while (!q.empty()) { res.push_back(q.top()); q.pop(); } return res; } struct cmp { bool operator() (pair<int, int> &a, pair<int, int> &b) { return a.first + a.second < b.first + b.second; } };};
思路四:
下面这种方法比较另类,我们遍历nums1数组,对于nums1数组中的每一个数字,我们并不需要遍历nums2中所有的数字,实际上,对于nums1中的数字,我们只需要记录nums2中下一个可能组成数字对的坐标。
代码:C++版:44ms
class Solution {public: vector<pair<int, int>> kSmallestPairs(vector<int>& nums1, vector<int>& nums2, int k) { vector<pair<int, int>> res; int size = min(k, int(nums1.size() * nums2.size())); vector<int> idx(nums1.size(), 0); for (int i=0; i<size; ++i) { int t = 0, sum = INT_MAX; for (int j=0; j<nums1.size(); ++j) { if (idx[j]<nums2.size() && sum>=nums1[j]+nums2[idx[j]]) { t = j; sum = nums1[j] + nums2[idx[j]]; } } res.push_back({nums1[t], nums2[idx[t]]}); ++idx[t]; } return res; }};
思路五:转载地址:https://discuss.leetcode.com/topic/50481/clean-16ms-c-o-n-space-o-klogn-time-solution-using-priority-queue
使用堆辅助实现。
代码:C++版:16ms
class Solution {public: vector<pair<int, int>> kSmallestPairs(vector<int>& nums1, vector<int>& nums2, int k) { vector<pair<int,int>> result; if (nums1.empty() || nums2.empty() || k <= 0) return result; auto comp = [&nums1, &nums2](pair<int, int> a, pair<int, int> b) { return nums1[a.first] + nums2[a.second] > nums1[b.first] + nums2[b.second];}; //自定义比较器 priority_queue<pair<int, int>, vector<pair<int, int>>, decltype(comp)> min_heap(comp); min_heap.emplace(0, 0); while(k-- > 0 && min_heap.size()) { auto idx_pair = min_heap.top(); min_heap.pop(); result.emplace_back(nums1[idx_pair.first], nums2[idx_pair.second]); if (idx_pair.first + 1 < nums1.size()) min_heap.emplace(idx_pair.first + 1, idx_pair.second); if (idx_pair.first == 0 && idx_pair.second + 1 < nums2.size()) min_heap.emplace(idx_pair.first, idx_pair.second + 1); } return result; }};
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