ACdream 1216 Beautiful People 最长上升子序列变形
来源:互联网 发布:10的阶乘java编程 编辑:程序博客网 时间:2024/06/06 01:15
传送门:ACdream 1216 Beautiful People
题目大意
有n个人,分别对应着有拥有钱数ai和能力数bi,求ai和bi全部严格递增的子序列的数量,并且要求打印路径
解题思路
先将这个数组按照ai从小到大排序,如果ai相等的时候就按照bi的从大到小排序。这样一来就转换为求bi的最长上升子序列。
比如说下面这个例子:
1 10
2 12
2 11
2 10
3 1
4 3
6 7
因为在ai相等的情况下是按照bi的降序排列的所以前四个的最长上升子序列就是为2,最后三个也是按照严格递增的,所以这个例子的最长上升子序列的数量为3。
如果是n^2的复杂度的话肯定会超时这就要用到O(n*logn)的复杂度求LIS了。
说道o(n*lgn)的最长上升子序列,比如用a[i]表示的输入的数组,在这里增加了一个数组b[i]来保存最长上升子序列为i的时候a[i]的最小值
,举个例子:比如a[i]:2 1 5 9 8 9 10 很明显这个的LIS是5,b[1]那就是肯定等于a[1]的了也就是a[1] = 2,当i
==2的时候LIS还是为1但是要将b[1]的值变为最长上升子序列为i的时候a[i]的最小值,通过引入这个数组每次如果a[i]>b[len](len表示的是LIS)的时候就把LIS+1并把b[len+1]变为a[i],这个过程是很容易理解的。当a[i]<=b[len]的时候,我们就在数组b中找到第一个比a[i]大的位置,然后用a[i]去替换这个位置。
下面是简单代码,没有主函数:
int DP(int n){ b[1] = a[1]; for(int i=2;i<=n;i++) { if(a[i]>b[len]) len = len+1,b[len] = a[i]; else pos = lower_bound(b+1,b+n+1,a[i])-b,b[pos] = a[i]; } return len;}
基于O(n*lgn)的LIS就基本是这个样子。下面来继续说这个题目。
搞两个数组dp[i]表示LIS为i的时候a[i]的最小值就相当于上面情况的b[i],mark[i]表示第i个的LIS的值,主要是为了后面打印路径需要用的。打印路径的时候只要mark[i]的值和那个时候长度值相同就可以了。
AC代码
#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>using namespace std;const int INF = 0x3f3f3f3f;const int MAXN = 1e6+5;int dp[MAXN],mark[MAXN];struct Node{ int a,b,id;}s[MAXN];bool cmp(Node x,Node y){ if(x.a!=y.a) return x.a<y.a; else return x.b>y.b;}int main(){ int n,ans,len; while(~scanf("%d",&n)) { for(int i=1;i<=n;i++) { scanf("%d%d",&s[i].a,&s[i].b); s[i].id = i; } memset(dp,INF,sizeof dp); sort(s+1,s+n+1,cmp); ans = 0,len = 1; for(int i=1;i<=n;i++) { int tmp = lower_bound(dp+1,dp+n+1,s[i].b)-dp; if(tmp == len) len++; dp[tmp] = s[i].b; mark[i] = tmp; ans = max(ans,tmp); } printf("%d\n",ans); for(int i=n;i>0;i--) { if(mark[i] == ans) { if(ans==1) printf("%d\n",s[i].id); else printf("%d ",s[i].id); ans--; } } } return 0;}
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