leetcode题目总结<1>

开始了leetcode的刷题之路，话不多说，从头开始。。。

344.Reverse String

//my code#include <string>using namespace std;class Solution {public:    string reverseString(string s) {        int numb = s.size();        string s1 = "";        for(int i = numb - 1; i >= 0; i--)        {            s1 += s[i];        }        return s1;    }};

//others c codechar* reverseString(char* s) {  char *t,*r,tmp;  r=s;  t=s+strlen(s)-1;  while(s<t){    tmp=*t;    *t=*s;    *s=tmp;    s++;    t--;  }  return r;}

总结：自己编写的思想就是利用for循环，从尾部到头部把一个个的字符加入到新建的空字符变量中，这样，最后生成的新字符串自然就实现了字符反转。

           而看了别人用c写的代码，没有用到for循环，使用两个指针，一个指向第一个字符，一个指向最后一个字符，将两个字符实现交换，然后指向第一个字符的指针+1，指向最后一个字符的指针-1，这跟我的方法相比，只循环了一半的次数，就实现了字符反转，好吧。。

345.Reverse Vowels of a String

//My codeclass Solution {public:    string reverseVowels(string s) {        int numb = s.size();        string s1 = "", s2 = s;        for(int i = 0; i < numb; i++)        {            if( s[i] == 'a' || s[i] == 'A' || s[i] == 'e' || s[i] == 'E' || s[i] == 'i' || s[i] == 'I' || s[i] == 'o' || s[i] == 'O' || s[i] == 'u' || s[i] == 'U' )            {                s1 += s[i];            }        }        int n = 0;        for(int j = numb-1; j >= 0; j--)        {        if(s[j] == 'a' || s[j] == 'A' || s[j] == 'e' || s[j] == 'E' || s[j] == 'i' || s[j] == 'I' || s[j] == 'o' || s[j] == 'O' || s[j] == 'u' || s[j] == 'U' )            {                s2[j] = s1[n];                n++;            }        }        return s2;    }}; 

//others codeclass Solution {public:string reverseVowels(string s) {    int start = 0;    int end = s.size()-1;        while(start<end) {        if (isVowel(s[start]) && isVowel(s[end])) {                        char temp = s[start];            s[start++] = s[end];            s[end--] = temp;                    }else if (isVowel(s[start])) {            end--;        }else if (isVowel(s[end])) {            start++;        } else {            end--;            start++;        }    }        return s;}bool isVowel(char l){    return (l == 'a' || l == 'A' || l == 'e' || l == 'E' || l == 'i' || l == 'I' || l == 'o' || l == 'O' || l == 'u' || l == 'U');}

总结：我的代码思路是：第一步提取出字符串中的所有元音字母，保存到一个字符串里面，这里面用到了一个for循环，下一步是从尾到头再遍历一遍字符串，如果遇到元音字母，则把刚刚提取出来的元音字母按照从小到大的顺序依次进行替换。

           而别人的思路是设置两个指针，分别指向字符串的第一位和最后一位，然后进行一个while循环，对两个指针所指的字符进行分类判断，当前后指针都指向了元音字母，那么交换数据，如果前指针指向元音字符而后指针没有，那么后指针向前进一位，相反，前指针向前进一位，如果两个指针都没有指向元音字母，那么各进一位，知道前指针等于后指针，字符串全部遍历了一遍结束。整个代码还是只循环了一半的字符串长度的次数，而我的是循环了两遍，真的蠢哭了。

1. Two Sum

<span style="font-size:18px;">//My code//功能：给定一个vector数组和一个目标数traget，若在数组中能寻找到两个数a,b，使得a+b=target，        则输出a,b对应的vertor下标[i,j];class Solution {public:    vector<int> twoSum(vector<int>& nums, int target) {        vector<int> result;        int count = nums.size();        for(int i = 0; i < count-1; i ++)        {            for(int j = i+1; j < count; j++)            {                if(nums[i] + nums [j] == target)                {                    result.push_back(i);                    result.push_back(j);                }                                  }        }        return result;    }</span>};

<span style="font-size:18px;">//others codeclass Solution {public:    vector<int> twoSum(vector<int>& nums, int target) {        unordered_map<int,int> hash;        unordered_map<int,int>::iterator got;        int len = nums.size();        int idx1, idx2;        //将vector中的内容存储到关联容器，格式为(vector中的值，其对应的下标)。        for (int i = 0; i < len; i++) {            got = hash.find(nums[i]);            if (got == hash.end()) {                hash.insert(make_pair(nums[i],i));            } else {                got->second = i;            }        }                for (vector<int>::const_iterator it = nums.begin(); it != nums.end(); ++it) {            if (hash.count(target-*it)) {    //判断加法对应*it的另一个加数是否在容器中                idx1 = (it - nums.begin());  //若在，返回*it的位置索引                idx2 = hash[target-*it];     //并返回hash表中另一个加数对应的值                if (idx1 != idx2) {                    break;                }            }        }                return {idx1,idx2};    }};</span>

总结：我的代码是很直观的思路，构建两个循环，查找两个数判断结果。时间复杂度为o(n^2);

           别人的代码中用到了关联容器unordered_map,容器中保存的关键字是vector中的值，其值则是对应的vector中的下标。让后循环遍历vector,并在遍历中让target减去当前遍历vector位置的值，所得结果为该位置下所对应的另一个加数的值，然后在哈希表中查找，若找到，则表明vector容器中存在这样的一对值，加起来的结果为target，于是返回这两个值对应的下标。这种方式使得一次循环就能得出结果。

2. Add Two Numbers

//My code /** * Definition for singly-linked list. * struct ListNode { *     int val; *     ListNode *next; *     ListNode(int x) : val(x), next(NULL) {} * }; */class Solution {public:    ListNode* Create()  //创建一个头结点    {        ListNode * lNode = (ListNode*)malloc(sizeof(struct ListNode));        lNode->val = 0;        lNode->next = NULL;        return lNode;    }    void Insert(ListNode* l,int a)    {        ListNode *pNode;        while(l->next != NULL)           l = l->next;        pNode = (ListNode*)malloc(sizeof(struct ListNode));        pNode->val = a;        pNode->next = NULL;        l->next = pNode;    }    int Read(ListNode* l,int x)  //头结点不计入    {        int value;        ListNode *pNode = l;        for(int i = 1; i < x; i++)        {           pNode = pNode->next;        }        value = pNode->val;        return value;    }    int Size(ListNode *l)      //头结点不计入    {        ListNode *pNode = l;        int count = 0;        while(pNode != NULL)        {            pNode = pNode->next;            ++count;        }        return count;    }public:    ListNode* addTwoNumbers(ListNode* l1, ListNode* l2) {        int size1,size2,min,max,value,value1,value2,fillout = 0;        ListNode *pNode;        pNode = Create();        size1 = Size(l1);        size2 = Size(l2);        if(size1 >= size2)        {            max = size1;            min = size2;        }        else        {            max = size2;            min = size1;        }                for(int i = 1, j = 1 ; i <= max; i++,j++)        {            if(size1 >= size2)            {               value1 = Read(l1,i);               if(j <= min)               {                   value2 = Read(l2,j);               }               else               {                   value2 = 0;               }             }            else            {                value1 = Read(l2,i);                if(j <= min)                {                     value2 = Read(l1,j);                }                else                {                     value2 = 0;                }             }                                    value = value1 + value2 + fillout;                        if(value >= 10)            {                value = value % 10;                Insert(pNode,value );                fillout = 1;            }            else            {                Insert(pNode,value );                fillout = 0;            }                    }        if(fillout == 1)        {            Insert(pNode,fillout);        }        return pNode->next;    }};

//others codeclass Solution {public:    ListNode* addTwoNumbers(ListNode* l1, ListNode* l2)     {        int c = 0;        ListNode newHead(0);        ListNode *t = &newHead;        while(c || l1 || l2)        {            c += (l1? l1->val : 0) + (l2? l2->val : 0);            t->next = new ListNode(c%10);            t = t->next;            c /= 10;            if(l1) l1 = l1->next;            if(l2) l2 = l2->next;        }        return newHead.next;    }};

总结：这一题花了很长很长的时间。。。由于没正确的看懂题意，然后写的代码数及质量也很低下，跟优秀的代码比起来真是相差太多了。第一个没弄懂的地方就是题目提示中给出的

ListNode(int x) : val(x), next(NULL) {}

就表示已经提供了初始化的方式，然而我没看明白，就都自己写出来了；其次是相加的过程中一开始一直以为是从后往前加；最恼人的地方时发现自己写这样的的代码中太过于喜欢用for结构而不善于用while循环，导致代码质量和效率都差了好多好多。从别人的代码中也可以看出许多的两点出来，首先就是while循环简单明了，相加的过程中，整型变量c既求出了加数与10的取模量，又保证了是否要往前进一位，while(c)中的c就是判断最后一位是否有进位的要求。

The pseudocode is as following（本题算法伪代码如下）:

• Initialize current node to dummy head of the returning list.
• Initialize carry to $0$.
• Initialize $p$ and $q$ to head of $l1$ and $l2$ respectively.
• Loop through lists $l1$ and $l2$ until you reach both ends.
  • Set $x$ to node $p$'s value. If $p$ has reached the end of $l1$, set to $0$.
  • Set $y$ to node $q$'s value. If $q$ has reached the end of $l2$, set to $0$.
  • Set $sum=x+y+carry$.
  • Update $carry=sum/10$.
  • Create a new node with the digit value of $(summod10)$ and set it to current node's next, then advance current node to next.
  • Advance both $p$ and $q$.
• Check if $carry=1$, if so append a new node with digit $1$ to the returning list.
• Return dummy head's next node.

Note that we use a dummy head to simplify the code. Without a dummy head, you would have to write extra conditional statements to initialize the head's value.

3. Longest Substring Without Repeating Characters

大致说一下题：

要求：给一个字符串，求其中最长无重复字符的子串的长度
例子：

         给出"abcabcbb",符合要求的子串是"abc", 其长度为 3.

         给出"bbbbb", 符合要求的子串是 "b", 其长度为1.

         给出"pwwkew",符合要求的子串是 "wke", 其长度为 3. 

         注意答案要求的是子串, 因此上面的例子中"pwke" 是一个字字符序列，而不是一个子串.

算法思路：这里面需要做两件事情

       第一是需要能够判别出前面重复出现过的字符。

       第二是需要统计未重复出现的连续字符长度，并且其中最长的作为结果。

我的代码（思路）：

       采取的是超级笨的办法，用一个新的字符串变量收集遍历的字符，如果没有出现，就加进去，并统计新子串的长度，如果重复出现了，将遍历的起始位置加一，重新统计，算算时间复杂度，几乎达到n^3，真是愚蠢。虽然结果正确，但是对于较长的字符，效率较低，因此提交的时候未能通过。。。

//My code class Solution {public:    bool IsInclude(string s,char a)    {        int len = s.size();        int i = 0;        while(i < len)        {            if(s[i] == a)               return true;            i++;        }        return false;    }    int lengthOfLongestSubstring(string s) {        int len, lensub, i, j;        int  maxlensub = 0;        len = s.size();        string substring = "";        for(int i = 0; i < len; i++)        {            substring += s[i];            if(maxlensub < 1)                maxlensub = 1;            for(int j = i + 1; j < len; j++)            {                if(false == IsInclude(substring,s[j]))                {                    substring += s[j];                }                else                {                    substring = "";                    break;                }                lensub = substring.size();                if(maxlensub < lensub)                    maxlensub = lensub;                if(maxlensub >= len - i)    return maxlensub;            }        }        return maxlensub;    }};

别人优秀的代码（思路）：

       对于需要判别重复出现的字符这个要求，怎样才能做到呢，别人给出的一种巧妙的方法。我们知道，每个字符所对应的ASCII码是不同的，因此我们完全可以申请一个可以统计所有字符大小(比如256?)的空间的数组或vector容器。一开始的时候，我们给定他们一个统一的标记-1，然后再遍历给定的字符串，在遍历的过程中，判断该字符对应的ACSII码的位置是否为-1，如果为-1，说明前面没有出现过，我们给他重新作标记，以表示出现了，如果不为-1，说明该字符前面出现过，这样我们需要作别的处理，这个处理的目的就是为了下面做的事，也就是统计最长子串所做。

       那么该怎么统计最长子串的长度呢：

假设我们的字符串s为adcgacdg：

       申请一个vector<int> dict(256,-1); dict存储着int型的变量，且初始大小为256，全部赋值为-1，这个-1是辨识是否重复的标记。再创建maxlen变量统计最长子串，初始化为0，start变量统计最初的位置，初始化为-1；接着走一个for循环，从头到尾遍历字符串，循环体里首先判断dict[s[i]]>start;对于第一个字符a,s[i]=97,dict[97]=-1;判断不成立，也就是a字符前面没出现过，但是呢，现在出现了，所以dict[97]现在不能再为-1了，否则下次再出现a判断的结果还是不成立，我们给dict[97]=0，也就是代表a在字符串中的序号值，接着计算maxlen,这里的表达式为maxlen = max(maxlen,i - start)。0-（-1）=1，这个表达式用的很妙。其实这里strat和序号i可以算是两个哨兵，一个站在我们当前要计算的子串的前面一个位置（注意不包括），一个站在我们当前要计算的子串的最后面的位置（这里是包括的，他们的差正好是串的长度）。就这样遍历下去，得到dict[98]=1,dict[99]=2,dict[103]=3,一直到i=4,这里判断dict[97]>start。0>-1,判断成立，也就是说前面出现了a,这是可怎么办呢，好办，我们把出现在前面出现的a的前面的字符全部除掉，再接着后面不包括这个出现的a的部分继续统计，这样做能行得通是因为前面计算maxlen时是取前一次的maxlen和当前的串里面大的数，因此即便前面截去了很大一部分也没有关系，他的值还保留着，知道后面有一个更大的来取代他。那么我们该怎么截去呢，更简单不过了，把前面的那个哨兵start移到a的位置上来即可。

        看下面的代码，区区9行就实现了要求，而且时间复杂度为o(n),简直是神来之笔啊。

int lengthOfLongestSubstring(string s) {        vector<int> dict(256, -1);        int maxLen = 0, start = -1;        for (int i = 0; i != s.length(); i++) {            if (dict[s[i]] > start)                start = dict[s[i]];            dict[s[i]] = i;            maxLen = max(maxLen, i - start);        }        return maxLen;    }