51nod区间的价值
来源:互联网 发布:淘宝照片在哪拍 编辑:程序博客网 时间:2024/04/28 10:23
题目描述
我们定义“区间的价值”为一段区间的最大值*最小值。
一个区间左端点在L,右端点在R,那么该区间的长度为(R-L+1)。
现在聪明的杰西想要知道,对于长度为k的区间,最大价值的区间价值是多少。
当然,由于这个问题过于简单。
我们肯定得加强一下。
我们想要知道的是,对于长度为1~n的区间,最大价值的区间价值分别是多少。
数据范围1<=n<=100000,1<=ai<=10^9,(由于某种不可抗力,ai的值将会是1~10^9内随机的一个数)
题目特别强调了ai的值是随机的,这就是在提示我们要考虑期望复杂度这种东西。
设一个数i可以跳到左边第一个小于它的数j,数j又可以跳到左边第一个小于它的数k,那么我们就称i可以跳到j和k,(性质1)那么一个数能够跳到的数的平均期望个数为log(n)(只向右跳也是一样)。
证明:
设f[i]表示数i能够跳到的数的期望个数,设ans[i]表示前i个数能够跳到的数的期望个数的平均值
因为数据随机,所以数i第一步跳到左边任意一个位置的概率相等,所以f[i]=∑i−1j=1f[j]+1i−1=ans[i−1]+1
而ans[i]=ans[i−1]∗(i−1)+f[i]i=ans[i−1]+1i
所以ans[n]=∑ni=11i
显然ans[n]<=log(n),得证。
另外,(性质2)对于长度为k的区间的最大价值一定大于等于长度为k+1的区间的最大价值(这个证明比较简单,这里就不解释了)。
利用这些性质,可以开始解这题了。
设l[i]表示i左边第一个小于它的数,r[i]表示i右边第一个小于它的数。
那么我们么,枚举一个最大值的位置i,那么还需要枚举一个最小值的位置j,然而怎样枚举j呢?
从i沿着l[i]跳来得到j,根据性质1,那么显然j的个数是log(n)的。
在那么包含i和j的最大区间为(l[j]+1,r[j]-1)(因为j是这个区间的最小值,所以r[j]-1>=i)。
可能有点疑惑,我们并不能保证a[i]是这个区间的最大值,但是对答案是没有错误影响的(即不会得到一个比正确答案还要大的答案)的,因此当i枚举到这个区间的最大值时,a[i]*a[j]>a[现在的i]*a[j],答案会被更新。
每次只需更新最大区间的答案,因为性质2,我们可以最后在从大长度到小长度更新答案。
代码
代码
#include<cstring>#include<algorithm>#include<cstdio>#include<cmath>#define ll long long #define fo(i,a,b) for(i=a;i<=b;i++)#define fod(i,a,b) for(i=a;i>=b;i--)using namespace std;const int maxn=100000+5;int i,j,n,a[maxn],l[maxn],r[maxn];ll ans[maxn];int main(){ scanf("%d",&n); fo(i,1,n) scanf("%d",&a[i]); fo(i,1,n) {j=i-1;while (j&&a[j]>=a[i]) j=l[j];l[i]=j;} fod(i,n,1) {j=i+1;while (j<=n&&a[j]>=a[i]) j=r[j];r[i]=j;} fo(i,1,n) { j=i;while (j) { int len=r[j]-l[j]-1; ans[len]=max(ans[len],(ll)a[i]*a[j]);j=l[j]; } j=r[i];while (j<=n){ int len=r[j]-l[j]-1; ans[len]=max(ans[len],(ll)a[i]*a[j]);j=r[j]; } } fod(i,n-1,1) ans[i]=max(ans[i],ans[i+1]); fo(i,1,n) printf("%lld\n",ans[i]);}
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