【线段树分治】[BZOJ4311]向量
来源:互联网 发布:苹果usb共享电脑网络 编辑:程序博客网 时间:2024/05/23 15:35
题目描述
Description
你要维护一个向量集合,支持以下操作:
1.插入一个向量(x,y)
2.删除插入的第i个向量
3.查询当前集合与(x,y)点积的最大值是多少。如果当前是空集输出0
Input
第一行输入一个整数n,表示操作个数
接下来n行,每行先是一个整数t表示类型,如果t=1,输入向量
(x,y);如果t=2,输入id表示删除第id个向量;否则输入(x,y),查询
与向量(x,y)点积最大值是多少。
保证一个向量只会被删除一次,不会删没有插入过的向量
Output
对于每条t=3的询问,输出一个答案
Sample Input
5
1 3 3
1 1 4
3 3 3
2 1
3 3 3
Sample Output
18
15
15
HINT
n<=200000 1<=x,y<=10^6
Source
NOI2015模拟题by 杨定澄分析
所有向量都在第一象限,根据点积的定义,我们作询问向量
可以发现,这样的点一定在原集合点集的上凸包上,我们只要建出凸包,在凸包上二分(或三分)就可以找到那个点。。
如果没有删除操作,我们可以用CDQ分治来做这道题。
但是有了删除操作,一个向量只能在一段询问区间内生效,我们可以用线段树分治来做。
我们对询问建立线段树,然后把每一个向量插入到对应的询问区间,然后对每个节点建立凸包。
每次询问,对对应节点到根路径上的所有节点都进行一次查询即可得到答案。时间复杂度
我们可以将向量排序后插入,在求凸包的时候就不用再排序了。把所有询问按照极角排序后,发现决策点单调,那极角排序后再将询问插入线段树即可。我们遍历一遍线段树,同时进行归并排序,然后处理这个节点的向量对这个节点包含的询问的贡献,可以节省一些空间。时间复杂度
#include<cstdio>#include<algorithm>#include<queue>#define MAXN 200000using namespace std;void Read(int &x){ static char c; while(c=getchar(),c!=EOF) if(c>='0'&&c<='9'){ x=c-'0'; while(c=getchar(),c>='0'&&c<='9') x=x*10+c-'0'; ungetc(c,stdin); return; }}int n,ocnt,qcnt,bk,tmp[MAXN+10],tmp2[MAXN+10];long long ans[MAXN+10];struct point{ int x,y; inline point(){ } inline point(int x,int y):x(x),y(y){ } inline point operator-(const point &b)const{ return point(x-b.x,y-b.y); } bool operator<(const point &b)const{ if(x==b.x) return y<b.y; return x<b.x; }}Q[MAXN+10],*q[MAXN+10];inline long long dot(const point &a,const point &b){ return 1ll*a.x*b.x+1ll*a.y*b.y;}inline long long cross(const point &a,const point &b){ return 1ll*a.x*b.y-1ll*a.y*b.x;}struct Ope{ point x; int l,r; inline bool operator<(const Ope &b)const{ return x<b.x; }}cg[MAXN+10];struct node{ vector<point*>op;}tree[MAXN*4+10];void insert(int i,int l,int r,int ll,int rr,point *a){ if(ll<=l&&r<=rr){ tree[i].op.push_back(a); return; } if(ll>r||rr<l) return; int mid((l+r)>>1); insert(i<<1,l,mid,ll,rr,a); insert((i<<1)|1,mid+1,r,ll,rr,a);}void read(){ Read(n); int i,p,x,y; for(i=1;i<=n;i++){ Read(p),Read(x); if(p==1){ Read(y); cg[++ocnt].x=point(x,y); cg[ocnt].l=qcnt+1; cg[ocnt].r=-1; } else if(p==2) cg[x].r=qcnt; else{ Read(y); Q[++qcnt]=point(x,y); } } sort(cg+1,cg+ocnt+1); for(i=1;i<=ocnt;i++){ if(cg[i].r==-1) cg[i].r=qcnt; if(cg[i].l>cg[i].r) continue; insert(1,1,qcnt,cg[i].l,cg[i].r,&cg[i].x); }}void Divide_Conqure(int i,int l,int r){ if(l==r){ tmp[l]=l; for(vector<point*>::iterator j=tree[i].op.begin();j<tree[i].op.end();j++) ans[l]=max(ans[l],dot(Q[l],**j)); return; } int mid((l+r)>>1),x,j,k; Divide_Conqure(i<<1,l,mid); Divide_Conqure((i<<1)|1,mid+1,r); x=l,j=mid+1,k=l; while(x<=mid||j<=r){ if(j>r||(x<=mid&&cross(Q[tmp[x]],Q[tmp[j]])<=0)) tmp2[k++]=tmp[x++]; else tmp2[k++]=tmp[j++]; } bk=0; for(x=l;x<=r;x++) tmp[x]=tmp2[x]; for(vector<point*>::iterator v=tree[i].op.begin();v<tree[i].op.end();v++){ while(bk>1&&cross(*q[bk]-*q[bk-1],**v-*q[bk-1])>=0) bk--; q[++bk]=*v; } if(bk){ for(x=l,j=1;x<=r;x++){ while(j<bk&&dot(Q[tmp[x]],*q[j+1])>dot(Q[tmp[x]],*q[j])) j++; ans[tmp[x]]=max(ans[tmp[x]],dot(Q[tmp[x]],*q[j])); } }}void print(){ int i; for(i=1;i<=qcnt;i++) printf("%lld\n",ans[i]);}int main(){ read(); Divide_Conqure(1,1,qcnt); print();}
0 0
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