BZOJ 1103: [POI2007]大都市meg

Description

　　在经济全球化浪潮的影响下,习惯于漫步在清晨的乡间小路的邮递员Blue Mary也开始骑着摩托车传递邮件了。
不过，她经常回忆起以前在乡间漫步的情景。昔日，乡下有依次编号为1..n的n个小村庄，某些村庄之间有一些双
向的土路。从每个村庄都恰好有一条路径到达村庄1（即比特堡）。并且，对于每个村庄，它到比特堡的路径恰好
只经过编号比它的编号小的村庄。另外，对于所有道路而言，它们都不在除村庄以外的其他地点相遇。在这个未开
化的地方，从来没有过高架桥和地下铁道。随着时间的推移，越来越多的土路被改造成了公路。至今，Blue Mary
还清晰地记得最后一条土路被改造为公路的情景。现在，这里已经没有土路了——所有的路都成为了公路，而昔日
的村庄已经变成了一个大都市。 Blue Mary想起了在改造期间她送信的经历。她从比特堡出发，需要去某个村庄，
并且在两次送信经历的间隔期间,有某些土路被改造成了公路.现在Blue Mary需要你的帮助：计算出每次送信她需
要走过的土路数目。（对于公路，她可以骑摩托车；而对于土路，她就只好推车了。）

Input

　　第一行是一个数n(1 < = n < = 2 50000).以下n-1行，每行两个整数a，b（1 < = a以下一行包含一个整数m
（1 < = m < = 2 50000），表示Blue Mary曾经在改造期间送过m次信。以下n+m-1行，每行有两种格式的若干信息
，表示按时间先后发生过的n+m-1次事件:若这行为 A a b(a若这行为 W a, 则表示Blue Mary曾经从比特堡送信到
村庄a。

Output

　　有m行，每行包含一个整数，表示对应的某次送信时经过的土路数目。

Sample Input

5

1 2

1 3

1 4

4 5

4

W 5

A 1 4

W 5

A 4 5

W 5

W 2

A 1 2

A 1 3

Sample Output

2

1

0

1
HINT

---

题意：
有一棵树，边权为1.
A表示删去x到y的一条边。
W表示求x到1有几条边。
求出dfs序，差分，树状数组维护前缀和。

---

#include<algorithm>#include<iostream>#include<vector>#include<cstdio>using namespace std;const int N=250005;vector<int>v[N];int n,m,cnt,in[N],out[N],c[N];int lowbit(int x){    return x&-x;}int getsum(int pos){    int sum=0;    while(pos>0)    {        sum+=c[pos];        pos-=lowbit(pos);    }    return sum;}void add(int pos,int x){    while(pos<=n)    {        c[pos]+=x;        pos+=lowbit(pos);    }}void dfs(int u){    in[u]=++cnt;    for(int i=0;i<v[u].size();i++)        if(!in[v[u][i]])            dfs(v[u][i]);    out[u]=cnt;}int main(){    freopen("1.txt","r",stdin);    scanf("%d",&n);    for(int i=1;i<=n-1;i++)    {        int x,y;        scanf("%d%d",&x,&y);        v[x].push_back(y);        v[y].push_back(x);    }    dfs(1);    for(int i=2;i<=n;i++)    {        add(in[i],1);        add(out[i]+1,-1);    }    scanf("%d",&m);    char ch[11];    while(scanf("%s",ch)==1)    {        int x,y;        if(ch[0]=='W')        {            scanf("%d",&x);            printf("%d\n",getsum(in[x]));        }        else        {            scanf("%d%d",&x,&y);            if(in[x]<in[y])                swap(x,y);            add(in[x],-1);            add(out[x]+1,1);        }    }    return 0;}