用于求最近公共祖先(LCA)的 Tarjan算法–以POJ1986为例（转）

原文地址：https://comzyh.com/blog/archives/492/

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给定有向无环图(就是树,不一定有没有根),给定点U,V,找出点R,保证点R是U,V的公共祖先,且深度最深;或者理解为R离这两个点的距离之和最小.如何找出R呢？

最一般的算法是DFS(DFS本是深度优先搜索,在这里姑且把深度优先遍历也叫做DFS,其实是一种不严谨的说法).先看一道赤裸裸的LCA:POJ 1330 Nearest Common Ancestors 这道题给出了根节点,还保证”the first integer is the parent node of the second integer”(输入第一个数是第二个数的祖先),这是赤裸裸的LCA,算法很简单,从根节点DFS一遍,按DFS层数k给每个节点标上深度deep[i]=k.然后从U点DFS到V点,找到后回溯,在回溯的路径上找到一个deep[i]最小的节点即为LCA.

强大的LCA Tarjan算法能在一遍遍历后应答全部的LCA查询,时间复杂的约为Θ(N)
有人说POJ1330是一道LCA Tarjan,在我看来完全不是,LCA Tarjan算法的用途是处理大量请求,如果只有几个(POJ1330每个Case只有一个)询问大可不必写Tarjan算法,不过,1986的编程难度高,如果只是想先学LCA Tarjan, 用1330验证正确性也不是不可以.

LCA Tarjan算法

再来看一道题:POJ1986 Distance Queries 这道题才是真正的LCA Tarjan,只给一个有向无环图,有海量询问;(注意,输入格式与POJ 1984 Navigation Nightmare 一样,需要参考1984的输入格式)

输入格式大意:

第1行：节点数N,边数M
第2…M+1行：起始节点,目标节点,路径长度,方向(无意义字符,本题直接忽略)
第M+2行:询问个数K(1 <= K <= 10,000)
第N+3…2+M+K行:查询 U,V
这道题用DFS做的时间复杂度为Θ(K×N) 显然很不理想,这个时候伟大的Tarjan来了,问题迎刃而解.

首先,LCA Tarjan 是一种离线算法,要求一次读入所有询问,一次性输出,这正是LCA Tarjan 算法的精髓

以下大量引用Sideman神牛的话：

LCA Tarjan基本框架：

先用随便一种数据结构(链表就行),把关于某个点的所有询问标在节点上,保证遍历到一个点,能得到所有有关这个节点LCA 查询
建立并查集.注意:这个并查集只可以把叶子节点并到根节点,即getf(x)得到的总是x的祖先
深度优先遍历整棵树,用一个Visited数组标记遍历过的节点,每遍历到一个节点将Visite[i]设成True 处理关于这个节点(不妨设为A)的询问,若另一节点(设为B)的Visited[B]==True,则回应这个询问,这个询问的结果就是getf(B). 否则什么都不做
当A所有子树都已经遍历过之后,将这个节点用并查集并到他的父节点(其实这一步应该说当叶子节点回溯回来之后将叶子节点并到自己,并DFS另一子树)
当一颗子树遍历完时,这棵子树的内部查询(即LCA在这棵子树内部)都已经处理了

LCA Tarjan 算法演示

假设我们要查询

(3,4) (3,5) (5,6) (6,7) (1,8)

以(3,4)为例,说下Tarjan是如何工作的:

当DFS到3时,发现查询(3,4),查看4是否被DFS过,显然这是不可能的.

回溯到2,将3并入2.

DFS节点4,发现查询(3,4),查看visited[3],发现被访问过,应答查询(3,4),应答getf(3)=2;

LCA Tarjan 算法遍历每个点一遍,处理所有询问,时间复杂度为Θ(N+2M)
下面贴出POJ1986的题解

首先LCA Tarjan 没的说,但是题目要求回应的不是LCA,而是两节点间距离,可以这样做

改造并查集,定义dis[i]数组,保存i到getf(i)的距离
定义Deep[i]数组,表示i节点的深度,DFS时顺便更新depp[i];
定义Sum[I]数组,表示从根节点到I深度节点的距离.因为在LCA Tarjan算法中 ,LCA(设为X) 必然在DFS路径上,所以X到I的距离为sum[deep[I]]-sum[Deep[X]]
响应时,返回值为：dis[A]+sum[deep[getf(A)]]-sum[Deep[B]];

#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstdlib>#include <cstring>#include <vector>#include <queue>#include <algorithm>#define ll long longusing namespace std;const int inf=0x3ffffff;const int MAXN = 40010;const int MAXM = 100008;const double eps = 1e-6;struct Edge{    int next, to, info;}edge[MAXM];struct Requst {    int next, to;}request[MAXM];int head[MAXN], tot;int n, m;int first[MAXN], cnt;int dis[MAXN];int father[MAXN], level[MAXN], sum[MAXN];bool vis[MAXN];int ans[MAXN];int find(int x) {    if (x == father[x]) {        return x;    }    int ret = find(father[x]);    dis[x] += dis[father[x]];    return father[x] = ret;}void dfs(int x, int dep) {    vis[x] = true;    level[x] = dep;    for (int i = first[x]; i != -1; i = request[i].next) {        if (vis[request[i].to]) {            find(request[i].to);            ans[i/2] = dis[request[i].to] + sum[dep] - sum[level[father[request[i].to]]];            //下标是i/2的原因：在存放请求的时候，是存放两次  其中 i和i|1是一次请求         }    }    for (int i = head[x]; i != -1; i = edge[i].next) {        if (!vis[edge[i].to]) {            sum[dep+1] = sum[dep] + edge[i].info;            dfs(edge[i].to, dep+1);            dis[edge[i].to] = edge[i].info;            father[edge[i].to] = x;        }    }}int main() {#ifndef ONLINE_JUDGE    freopen("1.txt", "r", stdin);#endif    int i, j, k;    int x, y, w;    char c;    while(~scanf("%d%d", &n, &m)) {        tot = 0;        cnt = 0;        memset(vis, false, sizeof(vis));        memset(head, -1, sizeof(head));        memset(first, -1, sizeof(first));        memset(ans, 0, sizeof(ans));        memset(dis, 0, sizeof(dis));        memset(level, 0, sizeof(level));        for (i = 0; i <= n; i++) {            father[i] = i;        }        for (i = 0; i < m; i++) {            scanf("%d %d %d %c", &x, &y, &w, &c);            edge[tot].to = y;            edge[tot].info = w;            edge[tot].next = head[x];            head[x] = tot++;            edge[tot].to = x;            edge[tot].info = w;            edge[tot].next = head[y];            head[y] = tot++;        }        scanf("%d", &k);        for (i = 0; i < k; i++) {            scanf("%d%d", &x, &y);            request[cnt].to = y;            request[cnt].next = first[x];            first[x] = cnt++;            request[cnt].to = x;            request[cnt].next = first[y];            first[y] = cnt++;        }        sum[0] = 0;        dfs(1, 1);        for (i = 0; i < k; i++) {            printf("%d\n", ans[i]);        }    }    return 0;}