跳马
来源:互联网 发布:安全课 防火知多少 编辑:程序博客网 时间:2024/05/01 04:47
跳马
时限:1000ms 内存限制:10000K 总时限:3000ms
描述
在国际象棋中,马的走法与中车象棋类似,即俗话说的“马走日”,下图所示即国际象棋中马(K)在一步能到达的格子(其中黑色的格子是能到达的位置)。
现有一200*200大小的国际象棋棋盘,棋盘中仅有一个马,给定马的当前位置(S)和目标位置(T),求出马最少需要多少跳才能从当前位置到达目标位置。
现有一200*200大小的国际象棋棋盘,棋盘中仅有一个马,给定马的当前位置(S)和目标位置(T),求出马最少需要多少跳才能从当前位置到达目标位置。
输入
本题包含多个测例。输入数据的第一行有一个整数N(1<=N<=1000),表示测例的个数,接下来的每一行有四个以空格分隔的整数,分别表示马当前位置及目标位置的横、纵坐标C(x,y)和G(x,y)。坐标由1开始。
输出
对于每个测例,在单独的一行内输出一个整数,即马从当前位置跳到目标位置最少的跳数。
输入样例
2
1 1 2 1
1 5 5 1
1 1 2 1
1 5 5 1
输出样例
3
4
#include <iostream>#include <cstring>#include <queue>using namespace std;int sx, sy;int fx, fy;int maze[201][201];int visited[201][201];int dir[8][2]={{-2,-1},{-1,-2},{-2,1},{-1,2},{1,2},{2,1},{2,-1},{1,-2}};struct Node{ int x; int y; Node(int x = 0, int y = 0):x(x), y(y){};};int bfs(){ queue<Node> q; Node s = Node(sx, sy); q.push(s); visited[sx][sy] = 0; while(!q.empty()) { s = q.front(); q.pop(); int step = visited[s.x][s.y]+1; for(int i = 0; i < 8; i++) { int nx = s.x+dir[i][0]; int ny = s.y+dir[i][1]; if(!visited[nx][ny] && nx > 0 && nx < 201 && ny > 0 && ny <201) { if(nx == fx && ny == fy) return step; q.push(Node(nx, ny)); visited[nx][ny] = step; } } }}int main(){ int t; cin >> t; while(t--) { memset(maze, 0, sizeof(maze)); memset(visited, 0, sizeof(visited)); cin >> sx >> sy; cin >> fx >> fy; cout << bfs() << endl; } return 0;}
0 0
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