bzoj4196 [Noi2015]软件包管理器
来源:互联网 发布:mysql having count 编辑:程序博客网 时间:2024/06/09 10:31
传送门
Description
Linux用户和OSX用户一定对软件包管理器不会陌生。通过软件包管理器,你可以通过一行命令安装某一个软件包,然后软件包管理器会帮助你从软件源下载软件包,同时自动解决所有的依赖(即下载安装这个软件包的安装所依赖的其它软件包),完成所有的配置。Debian/Ubuntu使用的apt-get,Fedora/CentOS使用的yum,以及OSX下可用的homebrew都是优秀的软件包管理器。
你决定设计你自己的软件包管理器。不可避免地,你要解决软件包之间的依赖问题。如果软件包A依赖软件包B,那么安装软件包A以前,必须先安装软件包B。同时,如果想要卸载软件包B,则必须卸载软件包A。现在你已经获得了所有的软件包之间的依赖关系。而且,由于你之前的工作,除0号软件包以外,在你的管理器当中的软件包都会依赖一个且仅一个软件包,而0号软件包不依赖任何一个软件包。依赖关系不存在环(若有m(m≥2)个软件包A1,A2,A3,…,Am,其中A1依赖A2,A2依赖A3,A3依赖A4,……,Am−1依赖Am,而Am依赖A1,则称这m个软件包的依赖关系构成环),当然也不会有一个软件包依赖自己。
现在你要为你的软件包管理器写一个依赖解决程序。根据反馈,用户希望在安装和卸载某个软件包时,快速地知道这个操作实际上会改变多少个软件包的安装状态(即安装操作会安装多少个未安装的软件包,或卸载操作会卸载多少个已安装的软件包),你的任务就是实现这个部分。注意,安装一个已安装的软件包,或卸载一个未安装的软件包,都不会改变任何软件包的安装状态,即在此情况下,改变安装状态的软件包数为0。
Input
输入文件的第1行包含1个正整数n,表示软件包的总数。软件包从0开始编号。
随后一行包含n−1个整数,相邻整数之间用单个空格隔开,分别表示1,2,3,…,n−2,n−1号软件包依赖的软件包的编号。
接下来一行包含1个正整数q,表示询问的总数。
之后q行,每行1个询问。询问分为两种:
installx:表示安装软件包x
uninstallx:表示卸载软件包x
你需要维护每个软件包的安装状态,一开始所有的软件包都处于未安装状态。对于每个操作,你需要输出这步操作会改变多少个软件包的安装状态,随后应用这个操作(即改变你维护的安装状态)。
Output
输出文件包括q行。
输出文件的第i行输出1个整数,为第i步操作中改变安装状态的软件包数。
Sample Input
7
0 0 0 1 1 5
5
install 5
install 6
uninstall 1
install 4
uninstall 0
Sample Output
3
1
3
2
3
HINT
一开始所有的软件包都处于未安装状态。
安装 5 号软件包,需要安装 0,1,5 三个软件包。
之后安装 6 号软件包,只需要安装 6 号软件包。此时安装了 0,1,5,6 四个软件包。
卸载 1 号软件包需要卸载 1,5,6 三个软件包。此时只有 0 号软件包还处于安装状态。
之后安装 4 号软件包,需要安装 1,4 两个软件包。此时 0,1,4 处在安装状态。
最后,卸载 0 号软件包会卸载所有的软件包。
n=100000
q=100000
题解
这本来是一个树剖大裸题,然而由于已经好久没有写过线段树或者树剖,结果在pushdown忘记将当前点的标记清空导致调了1.5hQAQ
CODE:
#include<cstdio>#include<cstring>const int INF=1e9;const int N=1e5+10;struct edge{ int next,to;}a[N<<1];struct tree{ int have,change;}t[N<<2];int head[N],size[N],son[N],top[N],pos[N],deep[N],f[N];char S[10];int n,m,e_num,tot,x;inline int max(int a,int b){return a>b?a:b;}inline int min(int a,int b){return a<b?a:b;}inline void swap(int &a,int &b){a^=b;b^=a;a^=b;}inline void read(int &n){ n=0;char c=getchar(); while(c<'0'||c>'9') c=getchar(); while(c>='0'&&c<='9') n=n*10+c-48,c=getchar();}inline void getstring(){ int p=-1; char c=getchar(); while(c<'a'||c>'z') c=getchar(); while(c>='a'&&c<='z') S[++p]=c,c=getchar();}inline void add(int x,int y){ a[++e_num].next=head[x],a[e_num].to=y,head[x]=e_num; a[++e_num].next=head[y],a[e_num].to=x,head[y]=e_num;}void dfs(int now,int fa,int depth){ deep[now]=depth; f[now]=fa; size[now]=1; int tmp=-INF; for(int i=head[now];i;i=a[i].next) if(a[i].to!=fa) { dfs(a[i].to,now,depth+1); size[now]+=size[a[i].to]; if(size[a[i].to]>tmp) son[now]=a[i].to,tmp=size[a[i].to]; }}void dfs2(int now,int high){ top[now]=high; pos[now]=++tot; if(son[now]) dfs2(son[now],high); for(int i=head[now];i;i=a[i].next) if(a[i].to!=f[now]&&a[i].to!=son[now]) dfs2(a[i].to,a[i].to);}inline void pushdown(int l,int r,int now){ if(!t[now].change) return; int mid=(l+r)>>1,s1=now<<1,s2=s1|1; t[s1].change=t[s2].change=t[now].change; if(t[now].change==-1) t[s1].have=t[s2].have=0; else {t[s1].have=mid-l+1,t[s2].have=r-mid;} t[now].change=0;}int change(int L,int R,int l,int r,int now,int num){ if(L<=l&&r<=R) { int ans; if(num==1) ans=(r-l+1)-t[now].have,t[now].have=r-l+1; else ans=t[now].have,t[now].have=0; t[now].change=num; return ans; } int mid=(l+r)>>1,ans=0; pushdown(l,r,now); if(L<=mid) ans+=change(L,R,l,mid,now<<1,num); if(R>mid) ans+=change(L,R,mid+1,r,now<<1|1,num); t[now].have=t[now<<1].have+t[now<<1|1].have; return ans;}int addpath(int x,int y,int z){ int L,R; if(top[x]==top[y]) { L=min(pos[x],pos[y]); R=max(pos[x],pos[y]); return change(L,R,1,n,1,z); } if(deep[top[x]]<deep[top[y]]) swap(x,y); L=min(pos[x],pos[top[x]]); R=max(pos[x],pos[top[x]]); int ans=change(L,R,1,n,1,z); return ans+addpath(f[top[x]],y,z);}int main(){ read(n); for(int i=2;i<=n;i++) read(x),add(i,x+1); dfs(1,0,1); dfs2(1,1); read(m); while(m--) { getstring(),read(x);x++; if(S[0]=='i') printf("%d\n",addpath(1,x,1)); else printf("%d\n",change(pos[x],pos[x]+size[x]-1,1,n,1,-1)); } return 0;}
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