很详细的解答tree of tree 树状DP（有图）

这道题目比较有意思，而且是挺有研究一下的价值

题意：给你一棵树，每个点（树叶和结点）都有一个权值，求一拥有个K个节点的子树 的权值和最大为多少

           输入： 点数n,节点数 k

           输出：K个节点的子树 的最大权值

测试案例：

输入：       5 3

                  10 8 7 4 20
                   0 1
                   0 2
                   1 3
                   1 4
 输出：       38

下面是我的AC代码：

#include<cstdio>#include<cstring>#include<vector>#include<algorithm>using namespace std;const int maxn = 110;vector<int>v[maxn];int dp[maxn][maxn];int visit[maxn];int n,m;void DFS(int x){    visit[x]=1;    for(int i=0;i<v[x].size();i++){        int d=v[x][i];        if(!visit[d]){            DFS(d);            for(int j=m;j>=1;j--){   //因为m的取值 至少是 1，就是结点自己本身                for(int k=1;k<j;k++)//至少从自身取一个结点,所以最多从 x 的子结点 d 中取 j-1个                    dp[x][j] = max( dp[x][j], dp[x][k]+dp[d][j-k] ); //如果之前找到最大值了，那么就不会更新了            }        }    }}int main(){    while(scanf("%d%d",&n,&m)!=EOF){        for(int i=0;i<n;i++){    v[i].clear();    visit[i]=0;        }        memset(dp,0,sizeof(dp));        for(int i=0;i<n;i++){            scanf("%d",&dp[i][1]);        }int a,b;        for(int i=0;i<n-1;i++){            scanf("%d%d",&a,&b);            v[a].push_back(b);//添加一条边，双向关联            v[b].push_back(a);        }        DFS(0);int ans=0;for(int i=0;i<n;i++)    if(dp[i][m]>ans) ans = dp[i][m];//更新 以 每个点  为树根的k结点子树的最大值          printf("%d\n",ans);    }    return 0;}

1. 动态转移方程里面，因为d始终是x的子树（儿子），不会造成随便找（或者不在同一棵子树上面的情况）

2. 全局变量  dp数组，vector每次执行另外一个案例的时候，都要初始化，不然~你懂的。

3. dp[x][j] = max( dp[x][j], dp[x][k]+dp[d][j-k] )   这一句是关键，表示 以x 为根节点 且 节点数（包含自身）为j 的数的和的最大值，他的值会在以子树为根时 进行更新。自身（不包含d儿子的其他点）取k个，从子树（d儿子）中取j-k个。

下面是我自己写的递归调用顺序，也许能够帮助理解！

希望对大家有帮助！