Educational Codeforces Round 19 A+B+C+E!
来源:互联网 发布:强制写作软件 编辑:程序博客网 时间:2024/06/05 20:43
A. k-Factorization
题意:将n分解成k个大于1的数相乘的形式。如果无法分解输出-1。
思路:先打个素因子表,然后暴力判,注意最后跳出的条件。
int len,a[N],b[N];void init(){ memset(a,-1,sizeof(a)); a[0]=a[1]=0; memset(b,0,sizeof(b)); len=0; for(int i=2; i<N; i++) if(a[i]) { b[len++]=i; if(N/i<i) continue; for(int j=i*i; j<N; j+=i) a[j]=0; }}int main(){ init(); int n,k; while(~scanf("%d%d",&n,&k)) { if(k==1) { printf("%d\n",n); continue; } if(a[n]) { puts("-1"); continue; } int num=0,l=0; int tmp[35]; while(k>1&&n>=b[num]) { while(k>1&&n>=b[num]&&n%b[num]==0) { tmp[l++]=b[num];// printf("%d ",b[num]); k--; n/=b[num]; } num++; } if(k>1||n==1) puts("-1"); else { tmp[l++]=n; for(int i=0;i<l;i++) printf("%d ",tmp[i]); puts(""); } } return 0;}
B. Odd sum
题意:给出n个数,求最大的奇数和是多大。
思路:注意:偶数=奇数+奇数。先将所有大于0的数加起来,如果是奇数直接输出,否则需要减去一个正奇数或者负奇数。于是输入的时候需要求出一个最大的负奇数和一个最小的正奇数。
int len,a[N],b[N];int main(){ int n; while(~scanf("%d",&n)) { int mi=-INF,ma=INF,sum=0,x; for(int i=0;i<n;i++) { scanf("%d",&x); if(x>=0) { sum+=x; if(x&1) ma=min(ma,x); } else { x=-x; if(x&1) mi=max(mi,-x); } } if((sum&1)==0) { int sum1=0,sum2=0;// printf("%d %d\n",mi,ma); sum1=sum-ma; sum2=sum+mi; sum=max(sum1,sum2); } printf("%d\n",sum); } return 0;}
C. Minimal string
对这题至今仍存在未解之谜。
题意:最开始给出一个串s,和两个空串t,u。每次操作可以将s的首字符加入t的尾部,也可以将t的尾字符加入u的尾部。输出字典序最小的串u。
贪心思想,只要当前字符的后面有比当前小的先将当前字符入栈,如果后面没有比当前字符更小的则将栈顶比当前字符小的输出来,再输出当前字符。思想貌似很正确,然后第25组数据死活过不去。看了一下别人的代码,感觉没什么区别,只是实现方式不同,真是玄学。。
代码一:WA 20:
char s[N],b[N];int main(){ while(~scanf("%s",s)) { int len=strlen(s); b[len-1]=s[len-1]; for(int i=len-2; i>=0; i--) b[i]=min(s[i],b[i+1]); b[len]='\0'; stack<char>q; while(!q.empty()) q.pop(); for(int i=0; i<len; i++) { q.push(s[i]); while(!q.empty()&&q.top()<=b[i]) { printf("%c",q.top()); q.pop(); } } while(!q.empty()) { printf("%c",q.top()); q.pop(); } puts(""); } return 0;}
代码二:AC:
char s[N],b[N];int main(){ while(~scanf("%s",s)) { int len=strlen(s); b[len-1]=s[len-1]; for(int i=len-2; i>=0; i--) b[i]=min(s[i],b[i+1]); b[len]='z'; stack<char>q; while(!q.empty()) q.pop(); for(int i=0; i<len; i++) { q.push(s[i]); while(!q.empty()&&q.top()<=b[i+1])//这里改成b[i+1]就过了 { printf("%c",q.top()); q.pop(); } } while(!q.empty()) { printf("%c",q.top()); q.pop(); } puts(""); } return 0;}
代码三:WA 25:
char s[N],b[N];int main(){ while(~scanf("%s",s)) { int len=strlen(s); b[len-1]=s[len-1]; for(int i=len-2; i>=0; i--) b[i]=min(s[i],b[i+1]); b[len]='z'; stack<char>q; while(!q.empty()) q.pop(); for(int i=0; i<len; i++) { if(b[i]==s[i])//后面的没有比当前更小的; { while(!q.empty()&&q.top()<=b[i]) { printf("%c",q.top()); q.pop(); } printf("%c",s[i]); } else q.push(s[i]); } while(!q.empty()) { printf("%c",q.top()); q.pop(); } puts(""); } return 0;}
如果有路过的大牛,请帮忙指点迷津。
E. Array Queries
题意:给出n个数的数列a[](a[i]>=1&&a[i]<=n),然后q次查询,每次输入一个p,k,每次操作可以将p变换成p+a[p]+k。求需要变换多少次才能使p大于n。
思路:暴力。注意到数据只有1e5。用一个数组b[p][k]表示输出数据为p,k的时候需要变换的次数。但第一维可达1e5,所以第二维能开到300到400的样子,这样先预处理出k在400一下的,至于k在400以上的,我们发现,p的变换是递增的,k越大递增越快,所以如果k为400,最坏也就在260左右次就可以达到条件,这样暴力判就行。
int a[N],b[N][321];int main(){ int n; while(~scanf("%d",&n)) { for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&a[i]),a[i]+=i; memset(b,0,sizeof(b)); for(int i=n;i>=1;i--) for(int j=1;j<=320;j++) if(j+a[i]>n) b[i][j]=1; else b[i][j]=b[a[i]+j][j]+1; int q,p,k; scanf("%d",&q); while(q--) { scanf("%d%d",&p,&k); if(k<=320) { printf("%d\n",b[p][k]); continue; } int ans=0; while(p<=n) p=a[p]+k,ans++; printf("%d\n",ans); } } return 0;}
E题挺有意思,奥,为什么D题不做,嘿嘿,不(我)告(好)诉(菜)你(a)。
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