ZZULIOJ 1726 迷宫【状压Bfs+巨多的坑】
来源:互联网 发布:centos mirror 编辑:程序博客网 时间:2024/06/16 01:47
1726: 迷宫
Time Limit: 1 Sec Memory Limit: 128 MBSubmit: 536 Solved: 86
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Description
在很多 RPG (Role-playing Games) 游戏中,迷宫往往是非常复杂的游戏环节。通常来说,我们在走迷宫的时候都需要花非常多的时间来尝试不同的路径。但如果有了算法和计算机的帮助,我们能不能有更快的方式来解决这个问题?我们可以进行一些尝试。
现在我们有一个 N 行 M 列的迷宫。迷宫的每个格子如果是空地则可以站人,如果是障碍则不行。在一个格子上,我们可以一步移动到它相邻的 8 个空地上,但不能离开地图的边界或者跨过两个障碍的夹缝。下图是一个移动规则的示例。
为了离开迷宫,我们还需要触发迷宫中所有的机关。迷宫里总共有 K 个机关,每个机关都落在一个不同的空地上。如果我们到达了某个机关所在的格子时,这个机关就会被自动触发,并在触发之后立即消失。我们的目标是按顺序触发所有的 K 个机关,而当最后一个机关被触发时,我们就可以离开迷宫了。
现在我们已经拿到了迷宫地图,并且知道所有障碍、机关的位置。初始时我们位于迷宫的某个非障碍格子上,请你计算我们最少需要移动多少步才能离开迷宫?
Input
输入的第一行是测试数据的组数 T (T ≤ 20)。
对于每组测试数据:第一行包含地图的行数 N (2 ≤ N ≤ 100),列数 M(2 ≤ M ≤ 100) 和机关的数量 K(1 ≤ K ≤10)。接下来 N 行,每行包含 M 个字符,其中字符 ‘#’ 表示障碍,而 ‘.’ 表示空地。接下来一行描述了我们的初始位置 (x, y),表示我们一开始在第 x 行第 y 列的格子上。这个格子保证是个空地。接下来 K 行,每行给出了一个机关的位置。所有的机关都不会出现在障碍上,并且任意两个机关不会出现在同一个空地上。我们需要按输入给定的顺序触发所有的 K 个机关。
Output
对于每组测试数据,输出离开迷宫所需要的最少步数。如果无论如何都不能离开迷宫,输出 -1。
Sample Input
Sample Output
思路:
1、一共只有十个机关,那么对应我们设定vis【i】【j】【k】表示到位子(i,j),已经走过了状态为k的机关的最小步数。
那么对应过程Bfs即可。
2、这类题主要就是坑点比较恶心:
①起点可能有机关,而且如果起点的机关不是第一个机关。这样结果一定是-1.
②走到过的机关一踩就没,所以如果我们没有走到过机关2,那么一定不能先经过机关3 ,这样就GG了。
提供数据:
1
3 3 2
.#.
...
...
1 1
1 3
2 2
ans:5
wrong ans:3
③注意实现细节,比如位运算的括号,别的就没什么了,代码实现很简单。
Ac代码:
#include<stdio.h>#include<string.h>#include<math.h>#include<queue>using namespace std;struct node{ int x,y,step,tmp;}now,nex;int n,m,kk;char a[102][102];int fx[8]={1,-1,0,0,1,-1,1,-1};int fy[8]={0,0,1,-1,1,-1,-1,1};int vis[102][102][1028];void Bfs(int sx,int sy){ memset(vis,0,sizeof(vis)); int end=(1<<kk)-1; now.x=sx; now.y=sy; now.step=0; if(a[now.x][now.y]=='0') { now.tmp=1; } else if(a[now.x][now.y]>='1'&&a[now.x][now.y]<='9') { printf("-1\n"); return ; } else now.tmp=0; vis[now.x][now.y][now.tmp]=1; queue<node >s; s.push(now); while(!s.empty()) { now=s.front(); // printf("%d %d %d step:--%d\n",now.x,now.y,now.tmp,now.step); if(now.tmp==end) { printf("%d\n",now.step); return ; } s.pop(); for(int i=0;i<4;i++) { nex.x=now.x+fx[i]; nex.y=now.y+fy[i]; nex.step=now.step+1; if(nex.x>=0&&nex.x<n&&nex.y>=0&&nex.y<m&&a[nex.x][nex.y]!='#') { if(a[nex.x][nex.y]=='.') { nex.tmp=now.tmp; } else { int zz=a[nex.x][nex.y]-'0'; zz=(1<<zz); if(zz==1||(((now.tmp*2)&zz)>0)) { if((now.tmp&zz)==0) { nex.tmp=now.tmp+zz; } else nex.tmp=now.tmp; } else continue; } if(vis[nex.x][nex.y][nex.tmp]==0) { vis[nex.x][nex.y][nex.tmp]=1; s.push(nex); } } } for(int i=4;i<8;i++) { nex.x=now.x+fx[i]; nex.y=now.y+fy[i]; nex.step=now.step+1; if(nex.x>=0&&nex.x<n&&nex.y>=0&&nex.y<m&&a[nex.x][nex.y]!='#') { if(a[now.x+fx[i]][now.y]=='#'&&a[now.x][now.y+fy[i]]=='#')continue; if(a[nex.x][nex.y]=='.') { nex.tmp=now.tmp; } else { int zz=a[nex.x][nex.y]-'0'; zz=(1<<zz); if(zz==1||(((now.tmp*2)&zz)>0)) { if((now.tmp&zz)==0) { nex.tmp=now.tmp+zz; } else nex.tmp=now.tmp; } else continue; } if(vis[nex.x][nex.y][nex.tmp]==0) { vis[nex.x][nex.y][nex.tmp]=1; s.push(nex); } } } } printf("-1\n"); return ;}int main(){ int t; scanf("%d",&t); while(t--) { scanf("%d%d%d",&n,&m,&kk); for(int i=0;i<n;i++)scanf("%s",a[i]); int sx,sy; scanf("%d%d",&sx,&sy); int num=0; for(int i=0;i<kk;i++) { int x,y; scanf("%d%d",&x,&y); x--;y--; a[x][y]=num+'0'; num++; } Bfs(sx-1,sy-1); }}/*33 3 2.#.......1 11 32 2*/
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