NOIP 2011 Senior 5
来源:互联网 发布:dota2公开天梯数据 编辑:程序博客网 时间:2024/06/10 07:00
观光公交
总时间限制: 1000ms 内存限制: 65535kB
描述
风景迷人的小城 Y 市,拥有 n 个美丽的景点。由于慕名而来的游客越来越多,Y 市特意安排了一辆观光公交车,为游客提供更便捷的交通服务。观光公交车在第 0 分钟出现在 1 号景点,随后依次前往 2、3、4……n号景点。从第 i 号景点开到第 i+1 号景点需要 Di分钟。任意时刻,公交车只能往前开,或在景点处等待。
设共有 m 个游客,每位游客需要乘车 1 次从一个景点到达另一个景点,第 i 位游客在 Ti分钟来到景点 Ai,希望乘车前往景点
一个乘客的旅行时间,等于他到达目的地的时刻减去他来到出发地的时刻。因为只有一辆观光车,有时候还要停下来等其他乘客,乘客们纷纷抱怨旅行时间太长了。于是聪明的司机 ZZ 给公交车安装了 k个氮气加速器,每使用一个加速器,可以使其中一个 Di减1。对于同一个 Di可以重复使用加速器,但是必须保证使用后 Di大于等于 0。那么 ZZ 该如何安排使用加速器,才能使所有乘客的旅行时间总和最小?
输入
第 1 行是3个整数 n, m, k,每两个整数之间用一个空格隔开。分别表示景点数、乘客数和氮气加速器个数。
第 2 行是 n-1 个整数,每两个整数之间用一个空格隔开,第 i 个数表示从第 i 个景点开往第 i+1 个景点所需要的时间,即 Di。
第 3 行至 m+2 行每行3 个整数 Ti, Ai, Bi,每两个整数之间用一个空格隔开。第 i+2 行表示第 i 位乘客来到出发景点的时刻,出发的景点编号和到达的景点编号。
输出
共一行,包含一个整数,表示最小的总旅行时间。
样例输入
3 3 2
1 4
0 1 3
1 1 2
5 2 3
样例输出
10
输入输出样例说明
对 D2 使用 2 个加速器,从 2 号景点到 3 号景点时间变为 2 分钟。
公交车在第 1 分钟从 1 号景点出发, 第 2 分钟到达2号景点, 第 5 分钟从 2 号景点出发,
第 7 分钟到达 3 号景点。
第 1 个旅客旅行时间 7-0 = 7 分钟。
第 2 个旅客旅行时间 2-1 = 1 分钟。
第 3 个旅客旅行时间 7-5 = 2 分钟。
总时间 7+1+2 = 10 分钟。
数据范围
对于 10%的数据,k=0;
对于 20%的数据,k=1;
对于 40%的数据,2 ≤ n ≤ 50,1 ≤m≤ 1,000,0 ≤ k ≤ 20,0 ≤ Di ≤ 10,0 ≤ Ti ≤ 500;
对于 60%的数据,1 ≤ n ≤ 100,1 ≤m≤ 1,000,0 ≤ k ≤ 100,0 ≤ Di ≤ 100,0 ≤ Ti ≤ 10,000;
对于 100%的数据,1 ≤ n ≤ 1,000,1 ≤ m ≤ 10,000,0 ≤ k ≤ 100,000,0 ≤ Di ≤ 100,0 ≤ Ti ≤ 100,000。
很明显,这道题直接二分W就可以了。关键就是check函数。如果使用O(mn)的算法(是什么我就不用说了吧),就只能得50分。这里直接每次check时初始化一个前缀和数组,将时间复杂度降为O(2m+n)就能解决问题了。遇到这种每次都要进行较多计算时,一定要仔细分析一下,关键是看时间复杂度能否降到一个有效的上界。最终的时间复杂度为
参考代码
#include <cstdio>#include <cstdlib>#include <cmath>#include <cstring>#include <string>#include <iostream>#include <algorithm>#include <vector>#include <stack>#include <queue>#include <deque>#include <map>#include <set>using namespace std;inline int readIn(){ int a; scanf("%d",&a); return a;}const int maxn=200005;int n,m;long long s;struct mine{ int weight; int value; void input() { weight = readIn(); value = readIn(); }} mines[maxn];struct area{ int l; int r; void input() { l = readIn(); r = readIn(); }} areas[maxn];long long sum[maxn];long long count_[maxn];long long check(int w){ long long res=0; for(int i=1; i<=n; i++) { sum[i]=sum[i-1]; count_[i]=count_[i-1]; if(mines[i].weight>=w) { sum[i]+=mines[i].value; count_[i]++; } } for(int i=1; i<=m; i++) { int l=areas[i].l; int r=areas[i].r; res+=(long long)(count_[r] - count_[l-1]) * (sum[r] - sum[l-1]); } return res-s;}//long long abs(long long a)//{// if(a<0) return -a;// return a;//}void run(){ n=readIn(); m=readIn(); cin>>s; int maxW=0; for(int i=1; i<=n; i++) { mines[i].input(); maxW=std::max(maxW, mines[i].weight); } for(int i=1; i<=m; i++) { areas[i].input(); } int left = 0, right = maxW; long long ans = 0; long long leftVal = check(left), rightVal = check(right); while(right - left > 1) { int mid = (left + right) >> 1; ans = check(mid); if(ans == 0) { break; } if(ans > 0) //比S大 { left = mid; //W尽量高使S减小 leftVal = ans; } else { right = mid; //W尽量低使S增大 rightVal = ans; } } if(ans) { ans = std::min(abs(leftVal), abs(rightVal));// if(leftVal<rightVal) ans=leftVal;// else ans = rightVal; } cout<<ans<<endl;}int main(){ run(); return 0;}
在做这道题时,遇到了abs的问题:如果使用::abs,将只能得55分:因为全局命名空间下的abs是重载函数,却没有long long类型的重载。使用std::abs将能拿到满分,因为这是一个模板函数。在这里推荐简单的函数自己实现,避免出现以上问题。
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