简单的图论问题?
来源:互联网 发布:mysql最大连接数 编辑:程序博客网 时间:2024/05/17 04:04
1780: 简单的图论问题?
Time Limit: 5 Sec Memory Limit: 128 Mb Submitted: 173 Solved: 30Description
给一个 n 行 m 列的迷宫,每个格子要么是障碍物要么是空地。每个空地里都有一个权值。你的 任务是从找一条(r1,c1)到(r2,c2)的路径,使得经过的空地的权值之和最小。每一步可以往上下 左右四个方向之一移动一格,但不能斜着移动,也不能移动到迷宫外面或者进入障碍物格子。
如下图,灰色格子代表障碍物。路径 A->B->D->F->E 的权值为 10+3+6+14+8=41,它是从 A 到 E 的最优路径。注意,如果同一个格子被经过两次,则权值也要加两次。
为了让题目更有趣(顺便增加一下难度),你还需要回答另外一个问题:如果你每次必须转弯 (左转、右转或者后退,只要不是沿着上次的方向继续走即可),最小权值是多少?比如,在 上图中,如果你刚刚从 A 走到 B,那么下一步你可以走到 D 或者 A,但不能走到 G。在上图 中,A 到 E 的最优路径是 A->B->D->H->D->F->E,权和为 10+3+6+2+6+14+8=49。注意,D 经 过了两次。
Input
输入包含不超过 10 组数据。每组数据第一行包含 6 个整数 n, m, r1, c1, r2, c2 (2<=n,m<=500, 1<=r1,r2<=n, 1<=c1,c2<=m). 接下来的 n 行每行包含 m 个格子的描述。每个格子要么是一个 1~100 的整数,要么是星号"*"(表示障碍物)。起点和终点保证不是障碍物。
Output
对于每组数据,输出两个整数。第一个整数是“正常问题”的答案,第二个整数是“有趣问 题”的答案。如果每个问题的答案是“无解”,对应的答案应输出-1。
Sample Input
4 4 1 2 3 27 10 3 9 * 45 6 2 * 8 14 * 21 1 * * 2 4 1 1 1 41 2 3 49 * * 92 4 1 1 1 41 * 3 49 9 * 9
Sample Output
Case 1: 41 49Case 2: 10 -1Case 3: -1 -1
Hint
Source
湖南省第十一届大学生计算机程序设计竞赛
心得: 不要遇到不会的题目,卡住了的题目就去网上找题解。不然比赛的时候遇到这样的问题会很慌,不知道该怎么下手。
这个题目我们拿那年胜赛的题目在打模拟赛。当时做出了第一问,那时候刚做了bfs 入门,还不会用优先队列,贼烦,这个题目没做出。看来要加强下bfs了。
算了看代码吧:
思路 :第一问还是比较简单,直接用优先队列 优先sum最小的状态出队列。当遇到了终点,那么他就是最短距离了;
第二问 :说是每次必须转弯,可以走相同的格子。那就是说。每一个格子有四种状态,用一个标志位来记录方向。
代码:
#include<stdio.h>#include<string.h>#include<stdlib.h>#include<queue>using namespace std;#define INF 999999999struct node{ int x,y,sum; int dir1; friend bool operator < (node n1,node n2) { return n1.sum>n2.sum; //<为从大到小,>大于从小到大; }};int map[501][501];int dis[501][501];int dir[4][2]={1,0,-1,0,0,1,0,-1};int turn[501][501][2];int vis[501][501];int vis1[501][501][4];int ans;int n,m,c1,c2,c3,c4;bool jude(int x,int y){ if(x<1||x>n||y<1||y>m) return false; return true;}void bfs(){ priority_queue<node>q; node a={c1,c2,map[c1][c2],0}; q.push(a); memset(vis,0,sizeof(vis)); vis[c1][c2]=1; while(!q.empty()) { node a=q.top(); q.pop(); if(a.x==c3&&a.y==c4) { ans=a.sum; return ; } for(int i=0;i<4;i++) { int xx=a.x+dir[i][0]; int yy=a.y+dir[i][1]; if(!jude(xx,yy)) continue; if(!vis[xx][yy]&&map[xx][yy]!=-1) { vis[xx][yy]=1; node b={xx,yy,map[xx][yy]+a.sum,0}; q.push(b); } } } ans=-1;}void bfs2(){ priority_queue<node>q; node aa={c1,c2,map[c1][c2],0}; node ab={c1,c2,map[c1][c2],1}; node ac={c1,c2,map[c1][c2],2}; node ad={c1,c2,map[c1][c2],3}; q.push(aa); q.push(ab); q.push(ac); q.push(ad);//将第一个格子的状态都入队列。 memset(vis1,0,sizeof(vis1)); vis1[c1][c2][0]=vis1[c1][c2][1]=vis1[c1][c2][2]=vis1[c1][c2][3]=1; while(!q.empty()) { node a=q.top(); q.pop(); if(a.x==c3&&a.y==c4) { ans=a.sum; return ; } for(int i=0;i<4;i++) { if(a.dir1==i) continue; int xx=a.x+dir[i][0]; int yy=a.y+dir[i][1]; if(!jude(xx,yy)) continue; if(!vis1[xx][yy][i]&&map[xx][yy]!=-1) { vis1[xx][yy][i]=1; node b={xx,yy,map[xx][yy]+a.sum,i}; q.push(b); } } } ans=-1;}int main(){ int ii=1; while(scanf("%d %d %d %d %d %d",&n,&m,&c1,&c2,&c3,&c4)!=EOF) { for(int i=1;i<=n;i++) { for(int j=1;j<=m;j++) { char s[4]; scanf("%s",s); // puts(s); if(s[0]=='*') map[i][j]=-1; else map[i][j]=atoi(s); } } bfs(); printf("Case %d: ",ii++); if(ans!=-1) printf("%d ",ans); else printf("-1 "); bfs2(); if(ans!=-1) printf("%d\n",ans); else printf("-1\n"); }}
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