2017 Multi-University Training Contest 4 && HDOJ 6069 Counting Divisors 【区间筛法】
来源:互联网 发布:魔兽争霸3 for mac 编辑:程序博客网 时间:2024/05/29 19:36
Counting Divisors
Time Limit: 10000/5000 MS (Java/Others) Memory Limit:524288/524288 K (Java/Others)
Total Submission(s): 707 Accepted Submission(s): 233
Problem Description
In mathematics,the function d(n) denotes thenumber of divisors of positive integer n.
For example, d(12)=6 because 1,2,3,4,6,12 are all 12 's divisors.
In this problem, given l,r andk, your task isto calculate the following thing :
Input
The first line of the input contains an integer T(1≤T≤15), denoting thenumber of test cases.
In each test case, there are 3 integersl,r,k(1≤l≤r≤1012,r−l≤106,1≤k≤107).
Output
For each test case, print a single line containing an integer, denoting the answer.
Sample Input
3
1 5 1
1 10 2
1 100 3
Sample Output
10
48
2302
【题意】
如图。
【思路】
根据约个数数定理,如果n可以分解质因数:n=p1^a1 × p2^a2 × p3^a3 * … * pk^ak ,那么n的约数的个数=(a1+1)(a2+1)(a3+1)…(ak+1)。
同理n^k的约数个数为(a1 * k+1)(a2 * k+1)(a3 * k+1)…(ak * k+1)。
于是问题的关键就在于[L,R]范围内的数的质因数分解,由于直接暴力算会超时,我们考虑用区间筛法进行优化。
由于10^12 大小的数如果能被质因子分解的话,那么质因子一定小于等于sqrt(10^12),所以我们先预处理出[1,1e6]范围内的素数,然后利用这些素数的倍数在[L,R]范围内筛选因子中含有该素数的数,然后利用上面的约数个数定理即可。
具体细节见代码,不理解的可以留言
#include <cstdio>#include <cmath>#include <cstring>#include <algorithm>using namespace std;#define mst(a,b) memset((a),(b),sizeof(a))#define rush() int T;scanf("%d",&T);while(T--)typedef long long ll;const int maxn = 1000005;const ll mod = 998244353;const int INF = 0x3f3f3f3f;const double eps = 1e-6;int prime[maxn]= {0};int num_prime=0;bool isprime[maxn]= {0,0};ll num[maxn],temp[maxn];ll ans;ll mul(ll a,ll b) //乘法取余{ return (a%mod)*(b%mod)%mod;}void init() //预处理[1,1e6]范围内的素数{ for(int i=2; i<maxn; i++) { if(!isprime[i]) prime[num_prime++]=i; for(int j=0; j<num_prime&&i*prime[j]<maxn; j++) { isprime[i*prime[j]]=1; if(i%prime[j]==0) break; } }}void solve(ll l,ll r,ll k){ ll len=r-l+1; for(ll i=0; i<len; i++) { num[i]=i+l; //区间里每一个数在筛的过程中的值,为了最后判断某个数是否为素数 temp[i]=1; //记录(l+i)的约数个数 } for(int i=0; i<num_prime&&prime[i]<=r; i++) //枚举素数 { ll j=(l-1+prime[i])/prime[i]*prime[i]; //找到区间里第一个能被该素数分解质因子的数 for(; j<=r; j+=prime[i]) //找因子中含有这个素数的数 { ll cnt=0,tot=j; while(tot%prime[i]==0) { cnt++; tot/=prime[i]; num[j-l]/=prime[i]; } temp[j-l]=mul(temp[j-l],cnt*k+1); //分解质因子过程中某个素数有cnt个,那么约数个数应该乘上(cnt^k+1) } } for(ll i=0; i<len; i++) { if(num[i]!=1) //没有被枚举的素数分解,说明l+i为素数,那么(l+i)^k的约数个数为(k+1) { ans=(ans+mul(temp[i],k+1))%mod; } else ans=(ans+temp[i])%mod; }}int main(){ ll L,R,k; init(); rush() { scanf("%I64d%I64d%I64d",&L,&R,&k); ans=0; solve(L,R,k); printf("%I64d\n",ans); } return 0;}
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