HDU 6078 Wavel Sequence【dp递推】【好题】【思维题】
来源:互联网 发布:淘宝发布宝贝颜色分类 编辑:程序博客网 时间:2024/06/11 22:39
Wavel Sequence
Time Limit: 4000/2000 MS (Java/Others) Memory Limit: 524288/524288 K (Java/Others)Total Submission(s): 362 Accepted Submission(s): 175
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Now given two sequences
Moreover, Little Q is wondering how many such two sequences
In each test case, there are
In the next line, there are
Then in the next line, there are
13 51 5 34 1 1 5 3
10Hint(1)f=(1),g=(2).(2)f=(1),g=(3).(3)f=(2),g=(4).(4)f=(3),g=(5).(5)f=(1,2),g=(2,4).(6)f=(1,2),g=(3,4).(7)f=(1,3),g=(2,5).(8)f=(1,3),g=(3,5).(9)f=(1,2,3),g=(2,4,5).(10)f=(1,2,3),g=(3,4,5).
题意:给出一个有n(<=2000)个数字的序列 a(ai <=2000) 再给出一个有m(m<=2000)个数字的序列 b (bi<=2000) ,定义波浪序列为:x1<x2>x3<x4……(注意第一次必须是上升,不能是下降,也就是说第一项必须是波谷)。现在要求找到一个严格单调递增的序列 f:f1,f2,……fk。以及相对应的严格单调递增的序列g:g1,g2,……gk。(k>=1)使得每个a_fi = b_gi,同时满足a_f1,a_f2,a_f3……a_fk为波浪序列。求不同的fg映射有多少种选取方式。
a,b中分别从前向后选取k个数字。然后相对应的 a 中选择的每个位置的数字要和 b 中选择的对应位次的数字相同。(当然如果a数组出现过x,而b没有出现过x,显然x不可能被选取),而 f 、g 则是相对应的下标。要满足选取出来的这个数字序列是一个波浪序列。显然波浪序列中的数字分成两种:波峰和波谷。
总体来说,这个题就是a、b数组之间的匹配问题,同时满足是一个波浪序列。
则:
dp[i][j][0]表示以a[i]和b[j]为公共序列结尾且为波谷的情况总和。
dp[i][j][1]则表示波峰的情况总和。
sum[i][j][0]表示sum(dp[k][j][0] | 1<=k<=i-1)
sum[i][j][1]则表示sum(dp[k][j][1] | 1<=k<=i-1) (相当于固定b[j]这个数字,然后将所有可能性加起来)
那么这个过程中只要不断判断这个数字其前面可能的情况(若其为波峰则判断其前可满足作为波谷的数量cnt0,反之亦然),然后判断这个数字能不能加进这个波浪中不断记录结果即可。
注意因为第一次必须为上升,则表示第一个数字前为波峰所以cnt1=1,cnt0=0
1、动态规划递推过程中用波峰波谷作为状态转移的关键,然后进行递推
2、用sum来优化其前相加的结果,减少重复的相加运算。
以下是样例的递推过程,蓝色粗线代表程序执行过程,旁边的线代表当前所记录波浪的状态:
#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstring>#include <algorithm>#include <cmath>#include <string>#include <map>#include <cstring>#define INF 0x3f3f3f3f#define ms(x,y) memset(x,y,sizeof(x))using namespace std;typedef long long ll;typedef pair<int, int> P;const int maxn = 2e3 + 10;const int mod = 998244353;int n, m;int a[maxn], b[maxn];ll dp[maxn][2];//原为dp[i][j][2] 表示a数组枚举到第i个,b数组枚举到第j个,dp[i][j][0]表示当前选的数为波谷,反之同理,因为只用到上一个i-1所以利用滚动数组将其省去ll sum[maxn][2];//原为sum[i][j][2]表示a数组枚举从1到第i个,b数组枚举到第j个波峰(sum[i][j][1])或波谷(sum[i][j][0])的和int main(){int t;scanf("%d", &t);while (t--){ll ans = 0;scanf("%d%d", &n, &m);ms(sum, 0);ms(dp, 0);for (int i = 1; i <= n; i++)scanf("%d", a + i);for (int i = 1; i <= m; i++)scanf("%d", b + i);for (int i = 1; i <= n; i++){ll cnt1 = 1;//最后一个是波峰的数量ll cnt0 = 0;//最后一个是波谷的数量for (int j = 1; j <= m; j++){dp[j][0] = dp[j][1] = 0;if (a[i] == b[j])//【判断能否加进来】当相同时可以将当前的数作为 波峰(当前数做波峰则看其前面可作为他的波谷的数量cnt0)或波谷(其前cnt1种可能)时,前面所有可能的情况加到ans中{dp[j][0] = cnt1;dp[j][1] = cnt0;ans = (ans + cnt1 + cnt0) % mod;}else if (b[j] < a[i]) cnt0 = (cnt0 + sum[j][0]) % mod;//说明当a[i]被选中时,前面的以b[j]结尾的可以作为波谷(所以将其记录到cnt0,又因为前面的作为波谷,所以为sum[j][0])else cnt1 = (cnt1 + sum[j][1]) % mod;//反之亦然}for (int j = 1; j <= m; j++){if (b[j] == a[i]){sum[j][0] = (sum[j][0] + dp[j][0]) % mod;//以数字b[j]作为谷底的所有可能加进去,方便下次统计,减少重复计算(dp的递推优化)sum[j][1] = (sum[j][1] + dp[j][1]) % mod;//同理}}}printf("%lld\n", ans);}return 0;}
可借鉴:点击打开链接的思路
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