HihoCoder
来源:互联网 发布:gcf软件 编辑:程序博客网 时间:2024/06/06 07:49
1546 : 集合计数
时间限制:10000ms
单点时限:1000ms
内存限制:256MB
描述
给定一个包含N个整数的集合S={A1, A2, … AN},以及一个给定的整数K,请计算有多少个S的子集满足其中的最大值与最小值的和小于等于K。
例如对于S={4, 2, 5, 8}以及K=7,满足的条件的子集有以下4个:{2}, {2, 4}, {2, 5}, {2, 4, 5}。
输入
第一行包含两个整数N和K。
第二行包含N个整数A1, A2, … AN。
对于30%的数据,1 <= N <= 20
对于70%的数据,1 <= N <= 1000
对于100%的数据,1 <= N <= 100000, 0 <= Ai <= 1000000000, 0 <= K <= 2000000000, A1 ~ AN 两两不同。
输出
输出满足条件的子集数目。由于答案可能非常大,你只需要输出答案除以1000000007的余数。
样例输入
4 7
4 2 5 8
样例输出
4
题意:
题意如上→_→
先排个序,每个位置就知道对应的区间是哪个了,
然后考虑一定要选a[i],然后对于那些a[j]+a[i]>k的数可选可不选,而a[j]+a[i]<=k的数至少要选一个,为了使得不重复计算,每个a[j]从1开始往后一直可以取到a[x],那么方案数就是2^(i-1-1)+2^(i-1-2)+2^(i-1-3)+……+2^(i-1-x),然后求和即可。。。。还要注意这样会漏掉只有一个元素a[i]的情况
#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>#include<iostream>using namespace std;typedef long long LL;const LL maxn=1e5+5;const LL mod=1000000007;LL a[maxn],n,k;LL ans;inline LL Pow(LL a,LL b){ LL res=1; for(;b;a=a*a%mod,b>>=1)if(b&1)res=res*a%mod; return res;}int main(){ while(~scanf("%lld%lld",&n,&k)) { for(LL i=1;i<=n;++i)scanf("%lld",a+i); sort(a+1,a+1+n); ans=0; /* if(k>=2*a[n]) { printf("%lld\n",(Pow(2,n)-1+mod)%mod); } */ if(2ll*a[1]<=k)ans=1; for(LL i=2;i<=n;++i) { LL x=lower_bound(a+1,a+1+n,k-a[i])-a; while(x>0&&a[x]>k-a[i])--x; if(x>=i)x=i-1; ans=(ans+(Pow(2,i-1)-Pow(2,i-x-1))%mod)%mod; if(2ll*a[i]<=k)ans++; } printf("%lld\n",(ans+mod)%mod); } return 0;}
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