zzuli 2179: 紧急营救
来源:互联网 发布:windows 8.1系统镜像 编辑:程序博客网 时间:2024/05/22 04:59
Description
冷锋在非洲完成任务后回到了狼牙特种作战部队。我们知道在战狼二结尾,冷锋正在北极执行任务,而部队发现了龙小云在c国的消息,让冷锋尽快赶往c国。我们知道现在地球上共有n个国家和地区,编号分别为1,2,3...n。国家与国家之间的可能通航班(可能不止一次),也可能没有通航班。共有m次航班,冷锋已经知道了这m次航班的信息(起点 终点,时间)北极的编号是1,c国的编号是n。
而冷峰身为超级英雄一样的的存在,他有一次将航班的时间降为零的能力。
Input
样例数t(t<=10),接下来又t组样例。 每组样例先输入n , m(n<=1000 , m<=n*(n-1)/2)。
下面m行航班的信息,分别为start , end , time(time <= 100000).表示start和end两地可以互相到达。
Output
对每组样例,输出冷锋到达c国的最短时间,若不能到达输出 "Impossible"。
Sample Input
3
3 1
1 2 1
43
1 2 4
2 3 1
2 4 4
3 3
1 2 100000
2 3 1
1 3 2
Sample Output
Impossible
4
0
思路: 可以求出起点到所有点的最短路和终点到所有点的最短路,用dis1[maxn],dis2[maxn]表示,现在
考虑枚举每一条边。对于边(u , v),如果两点有值的话我们就可以尝试将它的时间降为0,那么
ans = min(ans , min(dis1[u]+dis2[v] , dis1[v]+dis2[u]))。枚举每一条边,取最小就好了。
考虑枚举每一条边。对于边(u , v),如果两点有值的话我们就可以尝试将它的时间降为0,那么
ans = min(ans , min(dis1[u]+dis2[v] , dis1[v]+dis2[u]))。枚举每一条边,取最小就好了。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;#define N 1005#define NN 500000int mp[N][N],dist1[N],dist2[N],vis[N],n;void dij(int s,int dist[]){ int i,j,k; for(i=1; i<=n; i++) { vis[i]=0; dist[i]=mp[s][i]; } vis[s]=1; for(j=1; j<n; j++) { int min1=1e9; for(i=1; i<=n; i++) { if(min1>dist[i]&&!vis[i]) { min1=dist[i]; k=i; } } vis[k]=1; for(i=1; i<=n; i++) { if(!vis[i]) dist[i]=min(dist[i],dist[k]+mp[k][i]); } }}int main(){ int t,i,j,m,a,b,c; cin>>t; while(t--) { scanf("%d%d",&n,&m); for(i=1; i<=n; i++) for(j=1; j<=n; j++) { if(i==j) mp[i][j]=0; else mp[i][j]=1e9; } for(i=1; i<=m; i++) { scanf("%d%d%d",&a,&b,&c); if(mp[a][b]>c) mp[a][b]=mp[b][a]=c; } dij(1,dist1); dij(n,dist2); int ans=1e9; for(i=1; i<=n-1; i++) for(j=i+1; j<=n; j++) { if(mp[i][j]!=1e9&&i!=j) ans=min(ans,min(dist1[i]+dist2[j],dist1[j]+dist2[i])); } if(ans>=1e9) puts("Impossible"); else printf("%d\n",ans); } return 0;}
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