Codeforces Round #419 (Div. 2)-树形dp&依赖背包&-E. Karen and Supermarket
来源:互联网 发布:小米盒子破解软件 2016 编辑:程序博客网 时间:2024/05/21 22:43
http://codeforces.com/contest/816/problem/E
给定一个物品的 原价格 和现价格,问你如何买能让他在有限花费内物品最多。存在制约关系,比如买3必须买1。
树形dp。设置两种状态,一种是父节点用了打折卡。一种是父亲没有用打折卡。父亲用了二者卡,儿子不一定要用打折卡。(比方说这个打折卡就便宜了一毛钱,而加上那一毛就可以再买一个东西了)
※ 关键是 对树形背包的理解。
第一层好理解,就是01背包。这样可以保证只取一个。
为什么不能把对子节点 数量的枚举放在外面呢。
因为这个这些树的数量不是多个物品,只是一个,只能取一个。放在外面相当于是一个物品组了。其实只是一个 泛化的物品。
每一个子节点都相当于一个 泛化物品。所以要都求。
#include <bits/stdc++.h>using namespace std;/*就是在树上进行01 背包问题。 树上背包。*/const int maxn=5050;vector<int>G[maxn];int cost1[maxn];int cost2[maxn];int k,m;int dp[maxn][maxn][2];int siz[maxn];void dfs(int u,int pre){ dp[u][0][0]=0; dp[u][1][0]=cost1[u]; dp[u][1][1]=cost2[u]; siz[u]=1; for(int i=0;i<G[u].size();i++){ int to=G[u][i]; if(to==pre) continue; dfs(to,u); for(int x=siz[u];x>=0;x--){ for(int j=0;j<=siz[to];j++){ dp[u][x+j][0]=min(dp[u][x][0]+dp[to][j][0],dp[u][x+j][0]); dp[u][x+j][1]=min(dp[u][x][1]+dp[to][j][1],dp[u][x+j][1]); dp[u][x+j][1]=min(dp[u][x][1]+dp[to][j][0],dp[u][x+j][1]); } //siz[u]+=siz[to]; } siz[u]+=siz[to]; }}int main(){ int a,b,c; memset(dp,0x3f,sizeof(dp)); scanf("%d%d",&m,&k); scanf("%d%d",&a,&b); cost1[1]=a; cost2[1]=a-b; for(int i=2;i<=m;i++){ scanf("%d%d%d",&a,&b,&c); //G[i].push_back(c); G[c].push_back(i); cost1[i]=a; cost2[i]=a-b; } dfs(1,-1); int flag; //cout<<dp[1][4][0]<<endl; for(int i=m;i>=0;i--){ if(dp[1][i][0]<=k||dp[1][i][1]<=k){ flag=i;break; } } printf("%d\n",flag); return 0;}
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