201403-2窗口

问题描述

试题编号：201403-2试题名称：窗口时间限制：1.0s内存限制：256.0MB问题描述：

问题描述

　　在某图形操作系统中,有 N 个窗口,每个窗口都是一个两边与坐标轴分别平行的矩形区域。窗口的边界上的点也属于该窗口。窗口之间有层次的区别,在多于一个窗口重叠的区域里,只会显示位于顶层的窗口里的内容。
　　当你点击屏幕上一个点的时候,你就选择了处于被点击位置的最顶层窗口,并且这个窗口就会被移到所有窗口的最顶层,而剩余的窗口的层次顺序不变。如果你点击的位置不属于任何窗口,则系统会忽略你这次点击。
　　现在我们希望你写一个程序模拟点击窗口的过程。

输入格式

　　输入的第一行有两个正整数,即 N 和 M。(1 ≤ N ≤ 10,1 ≤ M ≤ 10)
　　接下来 N 行按照从最下层到最顶层的顺序给出 N 个窗口的位置。 每行包含四个非负整数 x₁, y₁, x₂, y₂,表示该窗口的一对顶点坐标分别为 (x₁, y₁) 和 (x₂, y₂)。保证 x₁ < x₂,y₁ 2。
　　接下来 M 行每行包含两个非负整数 x, y,表示一次鼠标点击的坐标。
　　题目中涉及到的所有点和矩形的顶点的 x, y 坐标分别不超过 2559 和　　1439。

输出格式

　　输出包括 M 行,每一行表示一次鼠标点击的结果。如果该次鼠标点击选择了一个窗口,则输出这个窗口的编号(窗口按照输入中的顺序从 1 编号到 N);如果没有,则输出"IGNORED"(不含双引号)。

样例输入

3 4
0 0 4 4
1 1 5 5
2 2 6 6
1 1
0 0
4 4
0 5

样例输出

2
1
1
IGNORED

样例说明

　　第一次点击的位置同时属于第 1 和第 2 个窗口,但是由于第 2 个窗口在上面,它被选择并且被置于顶层。
　　第二次点击的位置只属于第 1 个窗口,因此该次点击选择了此窗口并将其置于顶层。现在的三个窗口的层次关系与初始状态恰好相反了。
　　第三次点击的位置同时属于三个窗口的范围,但是由于现在第 1 个窗口处于顶层,它被选择。
　　最后点击的 (0, 5) 不属于任何窗口。

解题思路：

在我看来这道题可能用类来做会好一点，因为每一个窗口都有自己的属性，有自己的窗口坐标

而且！最重要的是！它的编号！以及顺序！

我们在处理问题的时候，可以首先判断一下我们输入的坐标究竟位于那些窗口之中，然后标记他们的顺序，最后选出顺序最低的输出它的编号！

进行了输出之后我们还要进行一个“置顶”的操作，也就是说，顺序在那个顺序之前的，比如这次这个坐标位于顺序为3的窗口，那么顺序为1的窗口就会变成2，顺序为2的窗口就会变成3，原先顺序为3的窗口就会变成顺序为1的窗口！！

以此类推

代码展示：

#include<iostream>using namespace std;class windows{public:windows(){x1=0;y1=0;x2=0;y2=0;level=0;id=0;}public:int x1;//左下角横坐标 int y1;//左下角纵坐标 int x2;//右上角横坐标 int y2;//右上角纵坐标 int level;//顺序 int id;//编号 };int main(){int n=0;int num=0;windows win[10];//声明10个窗口 while(cin>>n){cin>>num;for(int i=0;i<n;i++)cin>>win[i].x1>>win[i].y1>>win[i].x2>>win[i].y2;for(int i=n-1,k=1;i>=0;i--){win[i].level=k;k++;}for(int i=0,k=1;i<n;i++){win[i].id=k;k++; }for(int i=0,x=0,y=0;i<num;i++){cin>>x>>y;int min=11;int id=0;bool here=false;for(int j=0;j<n;j++){if(x>=win[j].x1&&x<=win[j].x2&&y>=win[j].y1&&y<=win[j].y2){if(win[j].level<min){min=win[j].level;id=win[j].id;here=true;}}}if(here==true){cout<<id<<endl;for(int j=0;j<n;j++){if(win[j].level<min){win[j].level++;}if(win[j].level==min){win[j].level=1;}}}elsecout<<"IGNORED"<<endl;}} }