数
来源:互联网 发布:大众软件pdf 编辑:程序博客网 时间:2024/04/27 21:20
题目描述
给定正整数n,m,问有多少个正整数满足:
(1)不含前导0;
(2)是m的倍数;
(3)可以通过重排列各个数位得到n。
输入
一行两个整数n,m。
输出
一行一个整数表示答案对998244353取模的结果。
样例输入
1 1
样例输出
1
提示
对于20%的数据,n<10
对于50%的数据,n<10
对于100%的数据,n<10
Solution
50分是常规的状压f[sta][j]表示用了sta的状态并mod m=j的总方案数。
但这种做法在大数据时空间不够,且一些sta不同的,拥有的数是一样的,为了判重还得加一些判断。
这就使得我们需要一种压缩的方法,既能表示现在用了哪些数,又不会重复,且数比较小。
之前的许多状态冗余是我们把每一位都当作不一样的,而实际上不同位有许多一样的数,它们的方案只需记录一种即可。
所以,我们可以把0-9各用了几个压缩成一个数。
那么怎么压缩呢
这需要引入变进制数
比如112230
我们把1个0的权值当做1,那么权值为2时表示多少?表示1个1,为3时?应当是1个1和1个0,所以1个1的权值为2。
那么1个2的权值为多少?应当是1*1+2*2+1=6。这样才能避免与前面的状态冲突。
话休絮烦,请看代码。
#include<cstdio>#include<iostream>#include<algorithm>#include<cstring>using namespace std;const int mod=998244353;char s[25];int n,m,x,y;int cnt[15],base[15],p[15],now[15];int f[120005][105];int main(){ scanf("%s",s+1); cin>>m; n=strlen(s+1); for(int i=1;i<=n;i++) cnt[s[i]-48]++; base[0]=1; p[0]=base[0]*cnt[0]; for(int i=1;i<=10;i++) { base[i]=p[i-1]+1; p[i]=p[i-1]+base[i]*cnt[i]; } for(int i=1;i<=9;i++) if(cnt[i]>0) f[base[i]][i%m]=1; //第一位为最高位,直接避免前导0,也方便了余数的运算 for(int i=1;i<base[10]-1;i++) { x=i; for(int j=9;j>=0;j--) if(cnt[j]>0) { now[j]=cnt[j]-(x/base[j]); //now表示某数还有几个 x=x%base[j]; } for(int j=0;j<=9;j++) if(now[j]>0) { for(int k=0;k<m;k++) { y=((k*10)%m+j)%m; f[i+base[j]][y]=(f[i+base[j]][y]+f[i][k])%mod; } } } cout<<f[base[10]-1][0]; return 0;}
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