codeforces 868D 分治哈希
来源:互联网 发布:专业音频剪辑软件 编辑:程序博客网 时间:2024/06/18 12:52
转:http://blog.csdn.net/sinat_35406909/article/details/78162440
是否含有所有长度为k的01串,如果是,输出最大的k,否则输出0.
这道题和之前的一道树分治题目挺像。 戳这里
首先二分答案k,验证所有长度为k的不同子串是否有2^k个。对当前串进行dfs,不断将当前串分成之前的串。对于当前串,假设两个原串的所有长度为k的串都已经考虑过,那么只需要考虑新合成的那部分对于答案的影响。如果我们将长度为100的串反复翻折100次,那么它最多有100*(2^100)个字符,所以k最大为100.那么,新合成的长度为k的串,只要考虑左边原串的后k-1个字符和右边原串的前k-1个字符合并产生的结果,所以我们只要不停的dfs,每次把新合成的串加入哈希表计数,直到串不能再分,再把不能再分的串加入哈希表。这样,就验证了所有长度为k的不同子串。
对于编号固定的串,搜过一次就不需要再搜。这样,每次最多搜200个串,每个串最多哈希表计数100次,100个询问,复杂度是200*100*100=2000000. 实际上,由于哈希表的实现需要时间,最后跑了1s左右.
#include <bits/stdc++.h>using namespace std;string a[210][2];int lc[210],rc[210];int vis[210];int len[210];unordered_map<string,int> mp;typedef long long ll;ll cnt;void dfs(int now,int k){ if(vis[now]) return ; vis[now]=1; if(lc[now]==0) { for(int i=0;i+k<=a[now][0].length();i++) { string t=a[now][0].substr(i,k); if(mp[t]==0) cnt++; mp[t]++; } } else { string s=a[lc[now]][1]+a[rc[now]][0]; for(int i=0;i+k<=s.length();i++) { string t=s.substr(i,k); if(mp[t]==0) cnt++; mp[t]++; } } dfs(lc[now],k);dfs(rc[now],k);}int check(int now,int k){ mp.clear(); memset(vis,0,sizeof(vis)); cnt=0; dfs(now,k); if(cnt==(1<<k)) return 1; else return 0;}int main(){ int n; scanf("%d",&n); for(int i=1;i<=n;i++) { cin>>a[i][0]; a[i][1]=a[i][0]; lc[i]=rc[i]=0; len[i]=a[i][0].length(); } int q; scanf("%d",&q); for(int i=n+1;i<=n+q;i++) { int zuo,you; scanf("%d%d",&zuo,&you); lc[i]=zuo;rc[i]=you; a[i][0]=a[lc[i]][0]; if(len[lc[i]]<=100) a[i][0]=a[i][0]+a[rc[i]][0]; if(a[i][0].length()>=100) a[i][0]=a[i][0].substr(0,100); a[i][1]=a[rc[i]][1]; if(len[rc[i]]<=100) a[i][1]=a[lc[i]][1]+a[i][1]; if(a[i][1].length()>=100) a[i][1]=a[i][1].substr(a[i][1].length()-100,100); int l=0,r=100; while(l<=r) { int mid=(l+r)>>1; if(check(i,mid)) l=mid+1; else r=mid-1; } printf("%d\n",r ); }}
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