UVALive 7139

传送门

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题意:由n*m个格子组成的网格地图,一辆车沿着边移动,车从起点出发,最终又回到起点
每个格子中间都站着一个人,一直面向着车,若(x,y)格子的人在车子行驶过程中,顺时针转了a度,逆时针b度,则对答案的贡献是(a−b360)2,求贡献之和

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因为最终必定要回到起点,所以不难发现没有被车的路径包围住的格子,对答案贡献都是0
而当车子从(x,y)->(x+dis,y),明显,这条路径2侧的格子
(x′,y′) | (x<=x′<=x+dis)且(1<=y′<=y)和(x′,y′) | (x<=x′<=x+dis)且(y<y′<=m)
分别旋转了90度和-90度 (大致是这样,边界随便扯的..自己推下就知道了)

所以用2维树状数组可以做…但是重现的时候并没有做出来…比较复杂

主要到,车子必定会回到起点,所以若格子(x,y),车子在他的左边往下走了a次,往上走了b次
那必定被包含了(b-a)次
参考2维bit的维护方法,最后求一次前缀矩阵即可

#include<stdio.h>#include<bits/stdc++.h>#define ll long long#define pii pair<int,int>#define pll pair<ll,ll>#define MEM(a,px) memset(a,px,sizeof(a))#define lowbit(px) ((px)&-(px))using namespace std;const int inf=1e9+7;const int N =  5e6+50;inline void scan_d(int &ret) {    char c; ret=0;    while((c=getchar())<'0'||c>'9');    while(c>='0'&&c<='9') ret=ret*10+(c-'0'),c=getchar();}int dat[N];vector<int*>c;void init(int n,int m){    c.resize(n+2);    for(int i=0;i<=n+1;++i){        c[i]=dat+i*(m+2);        fill(c[i],c[i]+m+2,0);    }}void add(char ch,int dis,int&x,int&y){    switch(ch){    case 'U':        c[x-dis+1][y+1]+=1;        c[x+1][y+1]-=1;        x-=dis;        break;    case 'D':        c[x+1][y+1]-=1;        c[x+dis+1][y+1]+=1;        x+=dis;        break;    case 'L':        y-=dis;        break;    case 'R':        y+=dis;        break;    }}ll getAns(int n,int m){    ll ans=0;    for(int i=1;i<=n;++i){        for(int j=1;j<=m;++j){            c[i][j]=c[i][j]+c[i][j-1]+c[i-1][j]-c[i-1][j-1];            ans+=c[i][j]*c[i][j];        }    }    return ans;}int main(){    //freopen("/home/lu/code/r.txt","r",stdin);    //freopen("/home/lu/code/w.txt","w",stdout);    int T;    scan_d(T);    for(int tt=1;tt<=T;++tt){        int n,m,k;        scan_d(n);        scan_d(m);        scan_d(k);        init(n,m);        char ch;        int dis;        int x,y=x=0;        while(k--){            while(!isalpha(ch=getchar()));            scan_d(dis);            add(ch,dis,x,y);        }        printf("Case #%d: %lld\n",tt,getAns(n,m));    }    return 0;}