CodeVS 1183 SPFA+二分答案 解题报告
来源:互联网 发布:网络文字录入员 编辑:程序博客网 时间:2024/05/29 02:23
1183 泥泞的道路
题目描述 Description
CS有n个小区,并且任意小区之间都有两条单向道路(a到b,b到a)相连。因为最近下了很多暴雨,很多道路都被淹了,不同的道路泥泞程度不同。小A经过对近期天气和地形的科学分析,绘出了每条道路能顺利通过的时间以及这条路的长度。
现在小A在小区1,他希望能够很顺利地到达目的地小区n,请帮助小明找出一条从小区1出发到达小区n的所有路线中(总路程/总时间)最大的路线。请你告诉他这个值。
输入描述 Input Description
第一行包含一个整数n,为小区数。
接下来n*n的矩阵P,其中第i行第j个数表示从小区i到小区j的道路长度为Pi,j。第i行第i个数的元素为0,其余保证为正整数。
接下来n*n的矩阵T,第i行第j个数表示从小区i到小区j需要的时间Ti,j。第i行第i个数的元素为0,其余保证为正整数。
输出描述 Output Description
写入一个实数S,为小区1到达n的最大答案,S精确到小数点后3位。
样例输入 Sample Input
3
0 8 7
9 0 10
5 7 0
0 7 6
6 0 6
6 2 0
样例输出 Sample Output
2.125
数据范围及提示 Data Size & Hint
【数据说明】
30%的数据,n<=20
100%的数据,n<=100,p,t<=10000
【解题报告】
假如有一解∑length/∑time≥ans更优,其中ans为已经得到的一个解,则有∑length−ans∗∑time≥0,即∑(lengthi−ans∗timei)≥0,这样就转换为了,如果一个答案更优,那么对于各个边权为lengthi−ans∗timei的图,其到达点n最长路不小于0。当该值从正实数方向逼近0时,答案会越来越优。这时只需二分答案检验其合理性就可以了。需要说明的一点是,如果新建图中存在正环,那么这个情况是可行的,因为这样可以无限在环上跑以使到n的权值不小于0。
代码如下:
#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>#include<queue>#include<ctime>using namespace std;#define N 110#define M 10010#define inf 0x3f3f3f3f#define eps 1e-4int n;int s[N][N],t[N][N];int cnt=-1,head[N],vis[N],tim[N];double dis[N];struct Edge{int to,nxt;double w;}e[M];void adde(int u,int v,double w){ e[++cnt].w=w; e[cnt].to=v; e[cnt].nxt=head[u]; head[u]=cnt;}bool SPFA(int s){ memset(tim,0,sizeof(tim)); memset(vis,0,sizeof(vis)); memset(dis,-inf,sizeof(dis)); deque <int> q; dis[s]=0,vis[s]=1; q.push_back(s); while(!q.empty()) { int now=q.front();q.pop_front(); vis[now]=0; for(int i=head[now];~i;i=e[i].nxt) { int v=e[i].to; if(dis[v]<dis[now]+e[i].w) { dis[v]=dis[now]+e[i].w; if(!vis[v]) { vis[v]=1; tim[v]++; if(tim[v]>n) return 1; q.push_back(v); } } } } if(dis[n]>0) return 1; return 0;}bool Check(double mid){ cnt=-1; memset(head,-1,sizeof(head)); for(int i=1;i<=n;++i) for(int j=1;j<=n;++j) { double w=1.0*s[i][j]-mid*t[i][j]; adde(i,j,w); } if(SPFA(1)) return 1; return 0;}int main(){ scanf("%d",&n); for(int i=1;i<=n;++i) for(int j=1;j<=n;++j) scanf("%d",&s[i][j]); for(int i=1;i<=n;++i) for(int j=1;j<=n;++j) scanf("%d",&t[i][j]); double l=0,r=10000,ans; while(r-l>eps) { double mid=(l+r)/2.0; if(Check(mid)) l=mid; else r=mid; } printf("%.3f\n",l); return 0;}/*30 8 79 0 105 7 00 7 66 0 66 2 0*/
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