[51nod1555][CF526F]布丁怪
来源:互联网 发布:海关10月进出口数据 编辑:程序博客网 时间:2024/04/28 06:27
问题描述
布丁怪这一款游戏是在一个n×n 的矩形网格中进行的,里面有n个网格有布丁怪,其它的一些格子有一些其它的游戏对象。游戏的过程中是要在网格中移动这些怪物。如果两个怪物碰到了一起,那么他们就会变成一个更大的怪物。(谁叫他们是布丁呢?)
据统计,如果每一行每一列都只有一个布丁怪,那么这样的布局是比较吸引玩家的。
所以为了产生多种多样的有趣布局,我们会从一个 n×n 的有趣的地图中选取一个k×k (1≤k≤n)子矩形作为地图,而且这个子地图中恰好有k个布丁怪。
现在请你计算一下一个n×n 的有趣布局中,有多少种子地图是有趣的。
1≤n≤3×10^5
分析
这道题转化一下题意,我们把点按x升序排序,那么记a[i]为第i个点的纵坐标。问题就变成了有几个区间[l,r]满足r-l+1==max(a[l~r])-min(a[l~r])+1.
暴力我们要考虑每个区间满不满足。
优化考虑过程,使用序列的分治。
对于一个二分区间(l,r),设中点mid。尝试确定一个左端点i,这之后怎么做呢?我们尝试确定max和min在mid左边还是右边。设mx[i]、mn[i]表示从i~mid中a的最大最小值。
mx[j]、mn[j]表示mid+1~j的。
分几种情况讨论:
max和min都在左边
这个时候,右端点的范围肯定是mid+1到j,满足mx[j+1]>mx[i]或mn[j+1]<mn[i] 。因为mx和mn都是单调的,j可以线性维护。那么我们看看mx[i]-mn[i]+1大小的区间能不能取即可。max在左边,min在右边
这个时候,右端点的范围设为[l1,r1],这个也可以线性维护。那么满足条件的(i,j)要满足:mx[i]−mn[j]==j−i ,也就是mx[i]+i==mn[j]+j ,那么开个cnt数组维护所有j的mn[j]+j ,每次i查询一下对应位置即可。
剩下还有两种情况,跟上面是对称的,我直接reverse了序列来做,省代码。
代码
#include<cstdio>#include<algorithm>#include<cmath>#include<cstring>#include<set>#include<map>using namespace std;#define cmax(a,b) (a=(a>b)?a:b)#define cmin(a,b) (a=(a<b)?a:b)#define fo(i,j,k) for(i=j;i<=k;i++)#define fd(i,j,k) for(i=j;i>=k;i--)typedef long long ll;typedef double db;const int N=1e6+5,mo=1e9+7; int L,R,i,j,mx[N],mn[N],cnt[N],a[N],x,y,n;ll ans;void work(int l,int r,int m){ mx[m]=mn[m]=a[m]; fd(i,m-1,l) { mx[i]=max(a[i],mx[i+1]); mn[i]=min(a[i],mn[i+1]); } mx[m+1]=mn[m+1]=a[m+1]; fo(i,m+2,r) { mx[i]=max(a[i],mx[i-1]); mn[i]=min(a[i],mn[i-1]); } R=j=m; L=m+1; fd(i,m,l) { while (j<r&&mx[i]>mx[j+1]&&mn[i]<mn[j+1]) j++; if (mx[i]-mn[i]==j-i&&j>m) ans++; while (R<r&&mx[i]>mx[R+1]) R++,cnt[R+mn[R]]++; while (L<=r&&mn[i]<mn[L]) cnt[L+mn[L]]--,L++; ans+=max(cnt[mx[i]+i],0); } while (L<=r) cnt[L+mn[L]]--,L++; while (R<r) R++,cnt[R+mn[R]]++;}void solve(int l,int r){ if (l==r) { ans++; return ; } int m=(l+r)/2; solve(l,m); solve(m+1,r); work(l,r,m); reverse(a+l,a+r+1); if ((r-l+1)%2==1) m--; work(l,r,m); reverse(a+l,a+r+1);}int main(){ freopen("t1.in","r",stdin); scanf("%d",&n); fo(i,1,n) { scanf("%d %d\n",&x,&y); a[x]=y; } solve(1,n); printf("%lld\n",ans);}
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