bzoj2120: 数颜色(带修莫队)
来源:互联网 发布:美国普通程序员工资 编辑:程序博客网 时间:2024/06/09 18:49
题目传送门
莫队可以带修改,那不是爆炸了。。
解法:
不会莫队看这里
莫队还是原来的莫队。
只是带了个修改。
T表示当前进行了几次修改,a[i].t表示第i个询问之前有多少个操作。
如果当前进行的操作次数少于我要修改的次数,那么把没修改的都补上。
否则的话就倒退到第a[i].t次操作之后。
其他的操作还是蛮简单的。
每进来一个点就维护一下答案。
如果这个点没出现过,颜色种类就+1
每出去一个点也是同理。
然后分块的话就多加了一个关键字。
如果左端点所在的块不同,那么按照左端点所在的块来排序。
否这里写代码片
则如果右端点所在的块不同,那么按照右端点所在的块来排序。
否则的话就按照a[i].t来排序。
bool cmp(node n1,node n2) { if(f[n1.l]!=f[n2.l]) return n1.l<n2.l; if(f[n1.r]!=f[n2.r]) return n1.r<n2.r; return n1.t<n2.t;}
代码实现:
#include<cstdio>#include<cstring>#include<cstdlib>#include<iostream>#include<algorithm>#include<cmath>#include<queue>using namespace std;struct node { int l,r,s,t,ans;}a[11000];struct change { int old,ne,s;}b[1100];int f[11000],col[11000];bool cmp(node n1,node n2) { if(f[n1.l]!=f[n2.l]) return n1.l<n2.l; if(f[n1.r]!=f[n2.r]) return n1.r<n2.r; return n1.t<n2.t;}int ans,sum[1100000];void update(int x,int t) { sum[x]+=t; if(sum[x]==0&&t==-1) ans--; if(sum[x]==1&&t==1) ans++;}int l,r;void change(int x,int d) { if(l<=x&&x<=r) { update(col[x],-1); update(d,1); } col[x]=d;}bool cmp1(node n1,node n2) { return n1.s<n2.s;}int now[11000];int main() { int n,m;scanf("%d%d",&n,&m); int k=pow(n,2.0/3); memset(col,0,sizeof(col)); memset(sum,0,sizeof(sum)); for(int i=1;i<=n;i++) { scanf("%d",&col[i]); f[i]=i/k+1;now[i]=col[i]; } int clen=0;int len=0; for(int i=1;i<=m;i++) { char s[5];int x,y;scanf("%s%d%d",s+1,&x,&y); if(s[1]=='Q') { len++; a[len].l=x;a[len].r=y;a[len].t=clen;a[len].s=len; } if(s[1]=='R') { clen++; b[clen].old=now[x];b[clen].s=x;b[clen].ne=y;now[x]=y; } } sort(a+1,a+1+len,cmp); int Time=0;l=0;r=0;ans=0; for(int i=1;i<=len;i++) { while(Time<a[i].t) { Time++;change(b[Time].s,b[Time].ne); } while(Time>a[i].t){ change(b[Time].s,b[Time].old);Time--; } while(l<a[i].l) { update(col[l],-1);l++; } while(l>a[i].l){ l--;update(col[l],1); } while(r<a[i].r) { r++;update(col[r],1); } while(r>a[i].r) { update(col[r],-1);r--; } a[i].ans=ans; } sort(a+1,a+1+len,cmp1); for(int i=1;i<=len;i++) printf("%d\n",a[i].ans); return 0;}
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