BZOJ 1040 骑士 (并查集 树形dp)
来源:互联网 发布:keil c语言 编辑:程序博客网 时间:2024/05/17 15:37
1040: [ZJOI2008]骑士
Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 162 MB
Description
Z国的骑士团是一个很有势力的组织,帮会中汇聚了来自各地的精英。他们劫富济贫,惩恶扬善,受到社会各
界的赞扬。最近发生了一件可怕的事情,邪恶的Y国发动了一场针对Z国的侵略战争。战火绵延五百里,在和平环境
中安逸了数百年的Z国又怎能抵挡的住Y国的军队。于是人们把所有的希望都寄托在了骑士团的身上,就像期待有一
个真龙天子的降生,带领正义打败邪恶。骑士团是肯定具有打败邪恶势力的能力的,但是骑士们互相之间往往有一
些矛盾。每个骑士都有且仅有一个自己最厌恶的骑士(当然不是他自己),他是绝对不会与自己最厌恶的人一同出
征的。战火绵延,人民生灵涂炭,组织起一个骑士军团加入战斗刻不容缓!国王交给了你一个艰巨的任务,从所有
的骑士中选出一个骑士军团,使得军团内没有矛盾的两人(不存在一个骑士与他最痛恨的人一同被选入骑士军团的
情况),并且,使得这支骑士军团最具有战斗力。为了描述战斗力,我们将骑士按照1至N编号,给每名骑士一个战
斗力的估计,一个军团的战斗力为所有骑士的战斗力总和。
Input
第一行包含一个正整数N,描述骑士团的人数。接下来N行,每行两个正整数,按顺序描述每一名骑士的战斗力
和他最痛恨的骑士。
Output
应包含一行,包含一个整数,表示你所选出的骑士军团的战斗力。
Sample Input
3
10 2
20 3
30 1
Sample Output
30
HINT
N ≤ 1 000 000,每名骑士的战斗力都是不大于 1 000 000的正整数。
思路:
明显的树形dp,仿佛是一个有向的关系,但是我们发现二者只能任取其一,所以其实是无向边(真是太坑了)。转移倒是很容易,带环怎么办??【懵比。。。
上网搜一搜,什么基环内向树。。
考虑还是建一棵树,并查集维护两点之间的关系(是否已在一棵树中)。如果不在自然就加边,如果在,加边就会成环了,所以我们记下当前这对a,b的点对,而并不加边。那么对之后的影响是什么呢?就是我们可能吧a和b都选中。
随便画画就能发现,这个图上的环都是有限制的,就是说在一个联通块里面最多只有一个环。
也就是说我们处理a和b的时候不会有其他同(a,b)点对的干扰。所以我们只用求一个不选a的最大贡献,再求一个不选b的最大贡献,取个max就好了。
#include <cstdio>#include <cstring>#include <iostream>#define LL long long#define N 1000010using namespace std;int n, m, idc;int fa[N], head[N], a[N], b[N];LL f[N], g[N], v[N], ans;struct Edge{ int to, nxt;}ed[N << 1];int find(int x){ return (fa[x] == x) ? x : (fa[x] = find(fa[x]));}void adde(int u, int v){ ed[++idc].to = v; ed[idc].nxt = head[u]; head[u] = idc;}void dfs(int u, int fa){ f[u] = v[u], g[u] = 0;//f是选当前节点的最大贡献 g是不选当前节点的最大贡献 for(int i=head[u]; i; i=ed[i].nxt){ int v = ed[i].to; if(v == fa) continue; dfs(v, u); g[u] += max(f[v], g[v]); f[u] += g[v]; }}int main(){ scanf("%d", &n); for(int i=1; i<=n; i++) fa[i] = i; for(int i=1; i<=n; i++){ int cc; scanf("%lld%d", &v[i], &cc); if(find(i) != find(cc)){ adde(i, cc), adde(cc, i); fa[fa[i]] = fa[cc]; } else a[++m] = i, b[m] = cc; } for(int i=1; i<=m; i++){ LL cc = 0; dfs(a[i], 0); cc = g[a[i]];//不选a[i] dfs(b[i], 0); cc = max(cc, g[b[i]]);//不选b[i] ans += cc; } printf("%lld", ans); return 0;}
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