2013 ACMICPC Hangzhou Rabbit Kingdom
来源:互联网 发布:淘宝最贵的锅 编辑:程序博客网 时间:2024/05/16 14:39
Rabbit Kingdom
题目描述
给一个N个数的序列,M个询问,每个询问两个数L , R 。 问 [L , R] 中有多少个数和区间中所有数(除了自己都互质)
解法
首先肯定要O(N * sqrt(N)) 预处理出每个数互质的话左右分别能延伸到什么地方,记为l[i] , r[i].
接下来就有两种解法了
Solution Of cxlove
她是爱酱,喵~ http://blog.csdn.net/ACM_cxlove?viewmode=contents
爱酱的解法应该是正解,用一个BIT来维护哪些数是可以的。
将所有的 l[i] 位置用边表插入 i ,以备后面之用
首先把询问按照 l 离线,然后将 l[i] < 1(也就是能左边撑到头)的数字 在 i 的位置 + 1 , 如果 r[i] <= n 那么 r[i] 的位置 -1 。 那么前缀和就是这个数字能够覆盖到的位置。
考虑一个区间左指针,当询问改变的时候,区间左指针 left 右移,同时把当前的数字恢复——即 left 位置 -1 , 如果 r[left] <= n 那么 r[left] 位置 +1。
这时候,我们就要用上那个边表了,对于l[i] 在 left 的数字,那么在 left 之后都是可以的,所以我们遍历所有 left 位置的边表,设为 pos[left][j] 是他的 id 。 那么 pos[left][j]
这个位置就是可以的,我们 + 1 , 同时一样,他的右边位置就要 -1 ( r[pos[left][j]] ) 。
这样我们在扫到询问位置 q[i].l 的时候,只要查询 l , r 之间有多少个 数字是可以的就好,那么就是 sum (q[i].r) - sum (q[i].l - 1); 。 这个问题就被解决了
code
typedef long long LL;const int N = 200005;template<class T> inline T& RD(T &x){ //cin >> x; //scanf("%d", &x); char c; for (c = getchar(); c < '0'; c = getchar()); x = c - '0'; for (c = getchar(); '0' <= c && c <= '9'; c = getchar()) x = x * 10 + c - '0'; //char c; c = getchar(); x = c - '0'; for (c = getchar(); c >= '0'; c = getchar()) x = x * 10 + c - '0'; return x;}struct Query { int l , r , id; void input (int i) { id = i; RD(l); RD(r); } bool operator < (const Query &q) const { return l < q.l; }}q[N];int n , m , a[N] , s[N];int flag[N] , prime[N] , cnt , minfac[N];int fac[N][20] , p[N] , l[N] , r[N];vector <int> pos[N];void Init () { for (int i = 2 ; i < N ; i ++) { if (!flag[i]) { prime[cnt ++] = i; minfac[i] = i; } for (int j = 0 ; j < cnt && prime[j] * i < N ; j ++) { flag[i * prime[j]] = 1; minfac[i * prime[j]] = prime[j]; if (i % prime[j] == 0) break; } } // minfac[1] = 1; // fac[1][0] = 1;fac[1][1] = 1; for (int i = 2 ; i < N ; i ++) { fac[i][0] = 0; int m = i; while (m != 1) { fac[i][++ fac[i][0]] = minfac[m]; m /= minfac[m]; } }}void add (int idx , int v) { // cout << "update : " << idx << " " << v << endl; for (int i = idx ; i <= n ; i += lowbit (i)) s[i] += v;}int sum (int idx) { int ret = 0; for (int i = idx ; i > 0 ; i -= lowbit (i)) ret += s[i]; return ret;}int ans[N];int main () { #ifndef ONLINE_JUDGE freopen ("input.txt" , "r" , stdin); // freopen ("output.txt" , "w" , stdout); #endif Init (); while (RD(n) , RD(m) , n + m) { for (int i = 1 ; i <= n ; i ++) RD(a[i]); for (int i = 0 ; i < N ; i ++) pos[i].clear (); memset (p , 0 , sizeof(p)); for (int i = 1 ; i <= n ; i ++) { int idx = 0; for (int j = 1 ; j <= fac[a[i]][0] ; j ++) idx = max (idx , p[fac[a[i]][j]]); for (int j = 1 ; j <= fac[a[i]][0] ; j ++) p[fac[a[i]][j]] = i; l[i] = idx; pos[idx].push_back (i); } memset (p , 0x11 , sizeof(p)); for (int i = n ; i > 0 ; i --) { int idx = n + 1; for (int j = 1 ; j <= fac[a[i]][0] ; j ++) idx = min (idx , p[fac[a[i]][j]]); for (int j = 1 ; j <= fac[a[i]][0] ; j ++) p[fac[a[i]][j]] = i; r[i] = idx; } for (int i = 0 ; i < m ; i ++) q[i].input (i); sort (q , q + m); memset (s , 0 , sizeof(s)); for (int i = 1 ; i <= n ; i ++) { if (l[i] < 1) { add (i , 1); if (r[i] <= n) add (r[i] , -1); } } int left = 1; for (int i = 0 ; i < m ; i ++) { while (left < q[i].l) { add (left , -1); if (r[left] <= n) add (r[left] , 1); for (int j = 0 ; j < pos[left].size() ; j ++) { add (pos[left][j] , 1); if (r[pos[left][j]] <= n) add (r[pos[left][j]] , -1); } left ++; } ans[q[i].id] = sum (q[i].r) - sum (q[i].l - 1); // cout << q[i].id << " " << ans[q[i].id] << " " << left << endl; } for (int i = 0 ; i < m ; i ++) printf ("%d\n" , ans[i]); } return 0;}
Solution Of Dshawn
我的方法比较麻烦,按照 r 将询问排序。
用两个 BIT , 维护可行的左区间位置数(也就是说我能要求右区间一定满足!!)
首先还是有一个左指针 first , 当左指针 <= query[i].r 的时候一直右滑,与此同时:
1、那么对于 first 位置的这个数,L[first] 就是一个成功的区间,那么要 L[first] + 1;
2、我用边表在 R[first] 的位置 记录他的左指针位置和他自己的位置 addR(R[first] , L[first] , first);
3、对于右区间在 first 位置的区间肯定走远了,于是我们遍历边表,找到所有R[X] = first 的区间,删掉,那么就是将对应的 L[X] - 1 , 并且我们记录删掉了 X , 也是用BIT 在 X的位置 +1.那么通过这一步我们就把所有右区间 <= query[i].r 的都删掉了。
对于询问,答案肯定等于 query[i].r - query[i].l + 1(总共的元素个数) - 右区间不符合的、我们删掉的个数 - 左区间不符合的个数。要注意,左右区间都不符合的已经包含在右区间不符合的个数中了,我们不就记录在左区间不符合的个数内。
那么通过这个简单的容斥问题就解决了。
code
int n , m;const int N = 4e5 + 9;using namespace Math;struct Query{ int l , r , id; bool operator < (const Query & A) const{ return r < A.r; }}query[N];int W[N];int L[N] , R[N];int last[N];int tree[N];int deltree[N];void delOne(int x){ for ( ; x < N ; x += low_bit(x)) deltree[x]++;}int querydel(int x){ int ret = 0; for ( ; x ; x -= low_bit(x)) ret += deltree[x]; return ret;}int head[N];struct Node{ int next; int r; int id;}node[N];int tot;void addR(int x , int r , int id){ node[tot].next = head[x]; node[tot].r = r; node[tot].id = id; head[x] = tot++;}void add(int x , int y){ for ( ; x < N ; x += low_bit(x)) tree[x] += y;}int getsum(int x){ int ret = 0; for ( ; x ; x -= low_bit(x)) ret += tree[x]; return ret;}int ans[N] , stand[N];void debug(){ for (int i = 0 ; i < m ; ++i){ int ans = 0; for (int j = query[i].l ; j <= query[i].r ; ++j){ bool ok = true; for (int k = query[i].l ; k <= query[i].r ; ++k) ok &= j == k || __gcd(W[j] , W[k]) == 1; ans += ok; } stand[i] = ans; }}void solve(){ n++; for (int i = 2 ; i <= n ; ++i) { RD(W[i]);// W[i] = rand() % (int)2e5 + 1;// printf("%d " , W[i]); }// puts(""); for (int i = 0 ; i < m ; ++i){// scanf("%d%d" , &query[i].l , &query[i].r); RD(query[i].l , query[i].r);// query[i].l = rand() % (n - 1) + 1;// query[i].r = query[i].l + rand() % (n - query[i].l);// printf("Query %d %d\n" , query[i].l , query[i].r); query[i].l++;query[i].r++; query[i].id = i; }// debug(); sort(query , query + m); for (int i = 1 ; i < N ; ++i) last[i] = 1; for (int i = 2 ; i <= n ; ++i){ getFactors(W[i]); L[i] = 1; for (int j = 0 ; j < facCnt ; ++j){ checkMax(L[i] , last[factor[j][0]]); last[factor[j][0]] = i; } } for (int i = 1 ; i < N ; ++i) last[i] = n + 1; for (int i = n ; i >= 2 ; --i){ getFactors(W[i]); R[i] = n + 1;// cout << "factor "; for (int j = 0 ; j < facCnt ; ++j){// cout << factor[j][0] << ' '; checkMin(R[i] , last[factor[j][0]]); last[factor[j][0]] = i; }// cout << endl; }// for (int i = 2 ; i <= n ; ++i) printf("[%d,%d]\n" , L[i] , R[i]);// for (int i = 2 ; i <= n ; ++i)// for (int j = i + 1 ; j <= n ; ++j)// printf("%d %d %d\n" , i , j , __gcd(W[i] , W[j])); RST(tree); RST(deltree); int first = 2; tot = 0; FLC(head , -1); for (int i = 0 ; i < m ; ++i){ while(first <= query[i].r){ add(L[first] , 1); addR(R[first] , L[first] , first); for (int j = head[first] ; j != -1 ; j = node[j].next){ add(node[j].r , -1); delOne(node[j].id); } first++; } ans[query[i].id] = query[i].r - query[i].l + 1 - (getsum(query[i].r) - getsum(query[i].l - 1) + querydel(query[i].r) - querydel(query[i].l - 1)); } for (int i = 0 ; i < m ; ++i) { printf("%d\n" , ans[i]);// if (ans[i] != stand[i]) {// cout << "^^^" << endl;// system("pause");// } }}int main(){// srand(time(0)); getPrime(); while(RD(n , m) , (n || m)) solve();}
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