POJ-2096 Collecting Bugs 简单概率DP
来源:互联网 发布:开淘宝店需要进货吗 编辑:程序博客网 时间:2024/05/22 18:10
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题意:一个软件有s个子系统,会产生n种bug。
某人一天发现一个bug,这个bug属于某种bug,发生在某个子系统中。
求找到所有的n种bug,且每个子系统都找到bug,这样所要的天数的期望。
需要注意的是:bug的数量是无穷大的,所以发现一个bug,出现在某个子系统的概率是1/s,
属于某种类型的概率是1/n。
解法:
dp[i][j]表示已经找到i种bug,并存在于j个子系统中,要达到目标状态的天数的期望。
显然,dp[n][s]=0,因为已经达到目标了。而dp[0][0]就是我们要求的答案。
dp[i][j]状态可以转化成以下四种:
dp[i][j] 发现一个bug属于已经找到的i种bug和j个子系统中
dp[i+1][j] 发现一个bug属于新的一种bug,但属于已经找到的j种子系统
dp[i][j+1] 发现一个bug属于已经找到的i种bug,但属于新的子系统
dp[i+1][j+1]发现一个bug属于新的一种bug和新的一个子系统
以上四种的概率分别为:
p1 = i*j / (n*s)
p2 = (n-i)*j / (n*s)
p3 = i*(s-j) / (n*s)
p4 = (n-i)*(s-j) / (n*s)
某人一天发现一个bug,这个bug属于某种bug,发生在某个子系统中。
求找到所有的n种bug,且每个子系统都找到bug,这样所要的天数的期望。
需要注意的是:bug的数量是无穷大的,所以发现一个bug,出现在某个子系统的概率是1/s,
属于某种类型的概率是1/n。
解法:
dp[i][j]表示已经找到i种bug,并存在于j个子系统中,要达到目标状态的天数的期望。
显然,dp[n][s]=0,因为已经达到目标了。而dp[0][0]就是我们要求的答案。
dp[i][j]状态可以转化成以下四种:
dp[i][j] 发现一个bug属于已经找到的i种bug和j个子系统中
dp[i+1][j] 发现一个bug属于新的一种bug,但属于已经找到的j种子系统
dp[i][j+1] 发现一个bug属于已经找到的i种bug,但属于新的子系统
dp[i+1][j+1]发现一个bug属于新的一种bug和新的一个子系统
以上四种的概率分别为:
p1 = i*j / (n*s)
p2 = (n-i)*j / (n*s)
p3 = i*(s-j) / (n*s)
p4 = (n-i)*(s-j) / (n*s)
dp[i,j] = p1*dp[i,j] + p2*dp[i+1,j] + p3*dp[i,j+1] + p4*dp[i+1,j+1] + 1;
#include<stdio.h>#include<iostream>#include<string>#include<string.h>#include<math.h>#include<algorithm>#include<vector>#include<queue>using namespace std;const int maxn = 1005;int n,s;double dp[maxn][maxn];int main(){ //freopen("data.txt","r",stdin); scanf("%d%d",&n,&s);int ns = n*s;for( int i = n; i >= 0; i -- ){for( int j = s; j >= 0; j -- ){if( i == n && j == s )continue;dp[i][j] = ( ns + (n-i)*j*dp[i+1][j] + i*(s-j)*dp[i][j+1] + (n-i)*(s-j)*dp[i+1][j+1] )/( ns - i*j ); }}printf("%.4lf\n",dp[0][0]); return 0;}
0 0
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