USTC 1280 / 携程决赛1004 最短路径的代价
来源:互联网 发布:office for 破解mac 编辑:程序博客网 时间:2024/05/18 01:25
好像有的朋友看不到题。在这里贴一下题目。
这道题就是USTC 的1280 这是题目链接,大家做出来可以在这里交代码:点击进入
最短路径的代价
Time Limit : 2000/1000ms (Java/Other) Memory Limit : 32768/32768K (Java/Other)
Total Submission(s) : 31 Accepted Submission(s) : 14
Font: Times New Roman | Verdana | Georgia
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Problem Description
通常情况下找到N个节点、M 条边的无向图中某两点的最短路径很简单。假设每条边都有各自的长度以及删除这条边的代价,那么给出两个点X和Y,
删除一些边可以使得X到Y的最短路径增加,求删除边最少的代价。
Input
第一行包含参数N和M,分别表示节点和边的个数(2 ≤N≤ 1000,1 ≤M≤ 11000 );
第二行包含参数X和Y,表示源点和终点( 1 ≤ X,Y ≤ N,X ≠ Y);
剩下M行每行包含4个参数Ui、Vi、Wi和Ci,分别表示节点Ui和Vi之间边的长度Wi以及删除的代价Ci ( 1 ≤ Ui , Vi ≤ N, 0 ≤Wi, Ci ≤1000 );
如果某行N=M=0就表示输入结束。
第二行包含参数X和Y,表示源点和终点( 1 ≤ X,Y ≤ N,X ≠ Y);
剩下M行每行包含4个参数Ui、Vi、Wi和Ci,分别表示节点Ui和Vi之间边的长度Wi以及删除的代价Ci ( 1 ≤ Ui , Vi ≤ N, 0 ≤Wi, Ci ≤1000 );
如果某行N=M=0就表示输入结束。
Output
对于每个用例,按行输出增加X和Y直接最短路径所需要的最小代价。这个代价是所有删除的边的代价之和。
Sample Input
2 31 21 2 2 31 2 2 41 2 3 54 51 41 2 1 12 3 1 13 4 1 11 4 3 22 2 2 34 52 31 2 3 22 4 3 41 3 2 33 4 2 31 4 0 10 0
Sample Output
736
Source
CodingTrip - 携程编程大赛 (决赛)
解题思路:
这道题主要的思路是先求最短路,把所有的最短路在图中抠出来然后建一条以C为容量的容量网络。然后求
最小割也就是最大流。挺简单的,当时题目数据范围有坑,WA了好几次。
下面是代码:
#include <iostream>#include <algorithm>#include <cstdlib>#include <cstdio>#include <cstring>#include <queue>#include <cmath>#include <stack>//#pragma comment(linker, "/STACK:1024000000");#define EPS (1e-8)#define unsignedBigInteger unsigned long long int#define _LL __int64#define _INF 0x3f3f3f3f#define INF 1<<29#define Mod 1000000007#define BigInteger long longusing namespace std;int min(int a,int b){ if(a>b)a=b; return a;}int max(int a,int b){ if(a<b)a=b; return a;}struct node{ int to,w,c,next;} edge1[22005];int head1[2005],dis[2005],deep[2005];struct node edge3[22005];int head3[2005],cnt3;int n,m,x,y,cnt1;bool vis[2005];void addedge(int u,int v,int w,int c){ edge1[cnt1].to=v; edge1[cnt1].w=w; edge1[cnt1].c=c; edge1[cnt1].next=head1[u]; head1[u]=cnt1++;}void spfa(int ans){ queue <int>q; q.push(ans); vis[ans]=true; dis[ans]=0; while(!q.empty()) { int p,t=q.front(); q.pop(); p=head1[t]; vis[t]=false; while(p!=-1) { if(dis[edge1[p].to]>dis[t]+edge1[p].w) { dis[edge1[p].to]=dis[t]+edge1[p].w; if(!vis[edge1[p].to]) { vis[edge1[p].to]=true; q.push(edge1[p].to); } } p=edge1[p].next; } }}bool bfs(int x,int y){ memset(deep,-1,sizeof(deep)); queue <int > q; q.push(x); deep[x]=0; while(!q.empty()) { int t=q.front(); q.pop(); int p=head3[t]; while(p!=-1) { int v=edge3[p].to; if( deep[v]==-1&&edge3[p].w>0) { q.push(v); deep[v]=deep[t]+1; } p=edge3[p].next; } } return deep[y]!=-1;}int dfs(int src,int flow,int y){ if(src==y)return flow; int sum=0; int p=head3[src]; while(p!=-1) { int v=edge3[p].to; if(deep[v]==deep[src]+1&&edge3[p].w>0) { int tmp=dfs(v,min(flow-sum,edge3[p].w),y); sum+=tmp; edge3[p].w-=tmp; edge3[p^1].w+=tmp; if(flow-sum==0)break; } p=edge3[p].next; } return sum;}int dinic(int x,int y){ int ans=0; while(bfs(x,y)) { ans+=dfs(x,INF,y); } return ans;}void addedge3(int u,int v,int w){ edge3[cnt3].to=v; edge3[cnt3].w=w; edge3[cnt3].next=head3[u]; head3[u]=cnt3++; edge3[cnt3].to=u; edge3[cnt3].w=0; edge3[cnt3].next=head3[v]; head3[v]=cnt3++;}void bfs1(int x,int y){ memset(deep,0,sizeof(deep)); queue <int > q; q.push(x); deep[x]=1; while(!q.empty()) { int t=q.front(); q.pop(); if(t==y)continue; int p=head1[t]; while(p!=-1) { if(dis[edge1[p].to]-dis[t]==edge1[p].w) { int v=edge1[p].to; addedge3(t,v,edge1[p].c); if(deep[v]==0) { deep[v]=1; q.push(v); } } p=edge1[p].next; } }}int main(){ int u,v,w,c,case1=1; while(scanf("%d%d",&n,&m),n||m) { scanf("%d%d",&x,&y); for(int i=0; i<=n; i++) { dis[i]=INF; vis[i]=false; head1[i]=-1; head3[i]=-1; } cnt1=0; cnt3=0; for(int i=0; i<m; i++) { scanf("%d%d%d%d",&u,&v,&w,&c); addedge(u,v,w,c); addedge(v,u,w,c); } spfa(x); //printf("%d\n",dis[y]); bfs1(x,y); printf("%d\n",dinic(x,y)); } return 0;}
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