暑期个人赛--第六场--B（常复习~！！！）

445. 高兴

时间限制 4000 ms 内存限制 65536 KB

题目描述

小弱有n个玩具，现在小弱想把他们排列成一行，把玩具j放在玩具i的右边相邻的位置上，他将得到一个高兴值Hij.

输入格式

输入有多组数据。
每组数据以一个整数n(n <= 18)开头。
接下来n行， 每行n个整数。 第i行第j列Hij( Hij的绝对值 <= 10000)代表把玩具j放在玩具i的右边相邻的位置时高兴值。输入保证Hii = 0,最左边只考虑与右边相邻的玩具，最右边只考虑与左边相邻的玩具。

 

输出格式

对于每组数据输出最大高兴值。

输入样例

20 12 030 -1 73 0 33 3 0

输出样例

2 10

赛中提交：NULL

赛后AC：WA WA WA WA WA WA AC

题目大意：

hij代表将j号放在i号右边时所可以得到的收益，最左和最右只与其右其左有关（也就是受第一个被放置的收益为零，最后一个放置的收益由其左边的决定）

要求求出一个排序使得收益最大。

方法：

状态压缩DP

反省：

为什么比赛中没有想出来呢？

其实在比赛中还是想到了状压DP的，因为发现即使使用三个下标也无法准确表现状态

但是看到n最大是18，误以为这么大的n不能用状压，所以误认为是自己的DP水平不够

就没有用状压了

所以总的来说，就是自己对DP还不够熟悉，不够有信心；

自己对状压DP不够熟悉，不知道只要不超过20都可以用状压，而且不了解状压的模型

那么为什么赛后也没有很快AC呢- -首先不够自信是第一，总是担心DP过程出错，一直在检查

但是其实错误时因为收益是有可能出现负值的，但是res只初始化为0而不是-999999999...罪该万死啊啊~！！！

另外，为什么给这次加上常复习的标签呢？

（1）因为这题貌似是做DP这么久以来第一次自己有目的的更改DP式后自己AC的题目

以前比较缺乏自己检验递推式正确导出递推式的能力，看着循环也很难在脑中过出DP的过程

实际上这个过程是十分重要的，这次是第一次那么完整的做到了，以后也要注意加强

（2）还因为由于出自自己的手，这是一个十分适合自己使用的状压DP的模板

这里总结一下需要注意的地方，

（1）DP循环的起点和终点，这个时候要注意检查DP下标和收益函数的对应关系

（2）循环（坐标）的先后次序。这个需要自己在脑中将DP过程过一遍，弄清楚哪些数据是先计算出来用于后边计算的

有没有出现后效性失效，以及已经计算到后面，但是前面还没计算到的情况

下面是AC代码：

#include <iostream>#include <string.h>#include <stdio.h>#include <stdlib.h>#include <math.h>#include <string>#include <vector>#include <list>#include <map>#include <queue>#include <stack>#include <bitset>#include <algorithm>#include <numeric>#include <functional>#define maxn 20#define INF -999999999using namespace std;int h[20][20]={0};int dp[600000][20];int main(){    int n;    while(scanf("%d",&n)!=EOF){        int a,b,c;        for(int i=0;i<n;i+=1){            for(int j=0;j<n;j+=1){                scanf("%d",&a);                h[i][j]=a;            }        }        for(int s=0;s<1<<n;s+=1){            fill(dp[s],dp[s]+n,INF);        }        for(int i=0;i<n;i+=1){            dp[1<<i][i]=0;        }        for(int s=1;s<=(1<<n)-1;s+=1){            for(int i=0;i<n;i+=1){                if(!((s>>i)&1))                for(int j=0;j<n;j+=1){                    if(((s>>j)&1)&&i!=j){                        dp[s|(1<<i)][i]=max(dp[s|(1<<i)][i],dp[s][j]+h[j][i]);                        //printf("(%d %d)  %d\n",i,j,dp[s|1<<i][i]);                    }                }            }        }        int res=-999999999;        for(int i=0;i<n;i+=1){            res=max(dp[(1<<n)-1][i],res);        }        printf("%d\n",res);    }    return 0;}