Google面试题 数组中第K小的数字
来源:互联网 发布:五十知天命六大而耳顺 编辑:程序博客网 时间:2024/05/21 07:52
题目描述:
给定两个整型数组A和B。我们将A和B中的元素两两相加可以得到数组C。
譬如A为[1,2],B为[3,4].那么由A和B中的元素两两相加得到的数组C为[4,5,5,6]。
现在给你数组A和B,求由A和B两两相加得到的数组C中,第K小的数字。
输入:
输入可能包含多个测试案例。
对于每个测试案例,输入的第一行为三个整数m,n, k(1<=m,n<=100000, 1<= k <= n *m):n,m代表将要输入数组A和B的长度。
紧接着两行, 分别有m和n个数, 代表数组A和B中的元素。数组元素范围为[0,1e9]。
输出:
对应每个测试案例,
输出由A和B中元素两两相加得到的数组c中第K小的数字。
样例输入:
2 2 3
1 2
3 4
3 3 4
1 2 7
3 4 5
样例输出:
5
给定两个整型数组A和B。我们将A和B中的元素两两相加可以得到数组C。
譬如A为[1,2],B为[3,4].那么由A和B中的元素两两相加得到的数组C为[4,5,5,6]。
现在给你数组A和B,求由A和B两两相加得到的数组C中,第K小的数字。
输入:
输入可能包含多个测试案例。
对于每个测试案例,输入的第一行为三个整数m,n, k(1<=m,n<=100000, 1<= k <= n *m):n,m代表将要输入数组A和B的长度。
紧接着两行, 分别有m和n个数, 代表数组A和B中的元素。数组元素范围为[0,1e9]。
输出:
对应每个测试案例,
输出由A和B中元素两两相加得到的数组c中第K小的数字。
样例输入:
2 2 3
1 2
3 4
3 3 4
1 2 7
3 4 5
样例输出:
5
6
算法分析:题目看上去貌似很简单,但如果直接排序则会超时。一般二分查找用于在顺序的序列中查找,这里用到的是二分逼近。
C语言版本
#include<stdio.h>#include<stdlib.h>#include<string.h>long long m,n,k;int CompareLongLong(const void *a,const void *b){ return*(long long *)a-*(long long *)b;}//返回小于mid的个数long long LessThanMid(long long mid,long long *pm,long long *pn){ long long count=0; long long i,j=n-1; //i从前向后扫 for(i=0; i<m; i++) { //j从后向前扫,达到临界,j前所有数+*(pm+i)均大于mid,一趟下来获得j+1个 while(j>=0&&(*(pm+i)+*(pn+j))>mid)j--; count=count+j+1; } return count;}int main(){ long long *pm,*pn,i,low,high,mid,ans,count; pm=pn=NULL; while(~scanf("%lld %lld %lld",&m,&n,&k)) { pm=(long long *)malloc(sizeof(long long)*m); pn=(long long *)malloc(sizeof(long long)*n); for(i=0; i<m; i++) { scanf("%lld",pm+i); } for(i=0; i<n; i++) { scanf("%lld",pn+i); } //两个数组变为顺序 qsort(pm,m,sizeof(long long),CompareLongLong); qsort(pn,n,sizeof(long long),CompareLongLong); //最小值 low=*pm+*pn; //最大值 high=*(pm+m-1)+*(pn+n-1); //二分逼近 while(low<=high) { mid=(low+high)/2; count=LessThanMid(mid,pm,pn); //大于mid的个数在k的右面 if(count>=k) { ans=mid;//打擂,将更接近的mid给ans high=mid-1; } else { low=mid+1; } } printf("%lld\n",ans); free(pm); free(pn); } return 0;}
C++版本
#include<iostream>#include<stdio.h>#include<cstring>#include<math.h>#include<algorithm>using namespace std;int a[100001],b[100001];long long m,n,k;int RightOfK(long long mid,long long k){long long i,j,count=0;j=n-1;for(i=0;i<m;i++){ while(a[i]+b[j]>mid&&j>=0)j--; if(j<0) break; count=count+j+1; if(count>=k)return 1;//小于mid总共有count个,现在在k的右面}return 0;}int main(){int i; long long R,L,mid;while(scanf("%lld%lld%lld",&m,&n,&k)!=EOF){memset(a,0,sizeof(a));memset(b,0,sizeof(b));for(i=0;i<m;i++)scanf("%d",&a[i]);for(i=0;i<n;i++)scanf("%d",&b[i]);sort(a,a+m); sort(b,b+n);L=a[0]+b[0];//最小值R=a[m-1]+b[n-1];//最大值while(L<R){mid=(L+R+1)/2;if(RightOfK(mid-1,k)) R=mid-1;elseL=mid;}printf("%lld\n",L);}return 0;}
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