hdu 1300 Pearls （dp）

题目大意：

多种珍珠，每次选购都要在原有的数量上加上10.

例如：买5个单价是10的珍珠。需要的花费是（5+10）*10= 150.买100个单价是20的珍珠
需要的花费是（100+10）*20= 2200.总共需要的花费是150+2200=2350.如果把珍珠的质量提高了。需要的105个
珍珠都买单价是20的。也就是说都买质量好的。总的花费是（5+100+10）*20= 2300.在两组数据看来。珍珠都
买了高品质的了，而且花费也少了！
问题是怎么样能花费最少买珍珠！

思路分析：

dp [i] 表示 买到第 i 中珍珠的最优解

状态转移：  dp [i] = min (dp[j] + v)    v 表示 j-i 之间的珍珠都以i的价格购入的价格。

#include <cstdio>#include <iostream>#include <cstring>#include <algorithm>#define maxn 105using namespace std;struct node{    int price,num;}a[105];int dp[maxn];int sum[maxn];int main(){    int T;    scanf("%d",&T);    while(T--)    {        int n;        scanf("%d",&n);        for(int i=1;i<=n;i++)        {            scanf("%d%d",&a[i].num,&a[i].price);            sum[i]=sum[i-1]+a[i].num;        }        memset(dp,0x3f,sizeof dp);        dp[0]=0;        for(int i=1;i<=n;i++)        {            for(int j=0;j<i;j++)            {                dp[i]=min(dp[i],dp[j]+(sum[i]-sum[j]+10)*a[i].price);            }        }        printf("%d\n",dp[n]);    }    return 0;}