【BZOJ2594】 Wc2006 水管局长数据加强版 Link-Cut-Tree
来源:互联网 发布:期指持仓数据 编辑:程序博客网 时间:2024/04/28 23:26
原题:http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2594
题目大意:给定一个无向图,多次删除某条边,多次查询两点之间路径上边权最大值的最小值
2594: [Wc2006]水管局长数据加强版
Time Limit: 25 Sec Memory Limit: 128 MBSubmit: 1140 Solved: 365
[Submit][Status]
Description
SC省MY市有着庞大的地下水管网络,嘟嘟是MY市的水管局长(就是管水管的啦),嘟嘟作为水管局长的工作就是:每天供水公司可能要将一定量的水从x处送往y处,嘟嘟需要为供水公司找到一条从A至B的水管的路径,接着通过信息化的控制中心通知路径上的水管进入准备送水状态,等到路径上每一条水管都准备好了,供水公司就可以开始送水了。嘟嘟一次只能处理一项送水任务,等到当前的送水任务完成了,才能处理下一项。
在处理每项送水任务之前,路径上的水管都要进行一系列的准备操作,如清洗、消毒等等。嘟嘟在控制中心一声令下,这些水管的准备操作同时开始,但由于各条管道的长度、内径不同,进行准备操作需要的时间可能不同。供水公司总是希望嘟嘟能找到这样一条送水路径,路径上的所有管道全都准备就绪所需要的时间尽量短。嘟嘟希望你能帮助他完成这样的一个选择路径的系统,以满足供水公司的要求。另外,由于MY市的水管年代久远,一些水管会不时出现故障导致不能使用,你的程序必须考虑到这一点。
不妨将MY市的水管网络看作一幅简单无向图(即没有自环或重边):水管是图中的边,水管的连接处为图中的结点。
Input
输入文件第一行为3个整数:N, M, Q分别表示管道连接处(结点)的数目、目前水管(无向边)的数目,以及你的程序需要处理的任务数目(包括寻找一条满足要求的路径和接受某条水管坏掉的事实)。
以下M行,每行3个整数x, y和t,描述一条对应的水管。x和y表示水管两端结点的编号,t表示准备送水所需要的时间。我们不妨为结点从1至N编号,这样所有的x和y都在范围[1, N]内。
以下Q行,每行描述一项任务。其中第一个整数为k:若k=1则后跟两个整数A和B,表示你需要为供水公司寻找一条满足要求的从A到B的水管路径;若k=2,则后跟两个整数x和y,表示直接连接x和y的水管宣布报废(保证合法,即在此之前直接连接x和y尚未报废的水管一定存在)。
Output
按顺序对应输入文件中每一项k=1的任务,你需要输出一个数字和一个回车/换行符。该数字表示:你寻找到的水管路径中所有管道全都完成准备工作所需要的时间(当然要求最短)。
Sample Input
4 4 3
1 2 2
2 3 3
3 4 2
1 4 2
1 1 4
2 1 4
1 1 4
1 2 2
2 3 3
3 4 2
1 4 2
1 1 4
2 1 4
1 1 4
Sample Output
2
3
【原题数据范围】
N ≤ 1000
M ≤ 100000
Q ≤ 100000
测试数据中宣布报废的水管不超过5000条;且任何时候我们考虑的水管网络都是连通的,即从任一结点A必有至少一条水管路径通往任一结点B。
【加强版数据范围】
N ≤ 100000
M ≤ 1000000
Q ≤ 100000
任何时候我们考虑的水管网络都是连通的,即从任一结点A必有至少一条水管路径通往任一结点B。
【C/C++选手注意事项】
由于此题输入规模较大(最大的测试点约20MB),因此即使使用scanf读入数据也会花费较多的时间。为了节省读入耗时,建议使用以下函数读入正整数(返回值为输入文件中下一个正整数):
int getint()
{
char ch = getchar();
for ( ; ch > '9' || ch < '0'; ch = getchar());
int tmp = 0;
for ( ; '0' <= ch && ch <= '9'; ch = getchar())
tmp = tmp * 10 + int(ch) - 48;
return tmp;
}
3
【原题数据范围】
N ≤ 1000
M ≤ 100000
Q ≤ 100000
测试数据中宣布报废的水管不超过5000条;且任何时候我们考虑的水管网络都是连通的,即从任一结点A必有至少一条水管路径通往任一结点B。
【加强版数据范围】
N ≤ 100000
M ≤ 1000000
Q ≤ 100000
任何时候我们考虑的水管网络都是连通的,即从任一结点A必有至少一条水管路径通往任一结点B。
【C/C++选手注意事项】
由于此题输入规模较大(最大的测试点约20MB),因此即使使用scanf读入数据也会花费较多的时间。为了节省读入耗时,建议使用以下函数读入正整数(返回值为输入文件中下一个正整数):
int getint()
{
char ch = getchar();
for ( ; ch > '9' || ch < '0'; ch = getchar());
int tmp = 0;
for ( ; '0' <= ch && ch <= '9'; ch = getchar())
tmp = tmp * 10 + int(ch) - 48;
return tmp;
}
#include<iostream>#include<algorithm>#include<cstdio>#include<cstring>using namespace std;inline int read(void){ int x = 0, f = 1; char ch = getchar(); while (ch < '0' || ch > '9') { if (ch=='-') f = -1; ch = getchar(); } while (ch >= '0' && ch <= '9') { x = x * 10 + ch - '0'; ch= getchar(); } return x * f;}struct Que{ int f, x, y, ans, id;};struct Edge{ int u, v, w, id; bool d; inline const bool operator < (const Edge b) const { return u < b.u || (u == b.u && v < b.v); }};Edge e[1000005];Que q[100005];int n, m, Q, top;int f[1500005];int fa[1500005], c[1500005][2], s[1500005];int mx[1500005], val[1500005];bool rev[1500005];inline bool cmp(Edge a, Edge b){ return a.w < b.w;}inline bool cmp2(Edge a, Edge b){ return a.id < b.id;}int getf(int x){ return x == f[x] ? x : f[x] = getf(f[x]);}int find(int u, int v){ int l=1, r=m; while (l<=r) { int mid=(l+r)>>1; if (e[mid].u<u||(e[mid].u==u&&e[mid].v<v))l=mid+1; else if (e[mid].u==u&&e[mid].v==v)return mid; else r=mid-1; }}bool isroot(int x){ return c[fa[x]][0]!=x&&c[fa[x]][1]!=x;}void update(int x){ int l=c[x][0], r=c[x][1]; mx[x]=x; if (val[mx[l]]>val[mx[x]])mx[x]=mx[l]; if (val[mx[r]]>val[mx[x]])mx[x]=mx[r];}void rotate(int x){ int y=fa[x], z=fa[y], l, r; if (c[y][0]==x)l=0;else l=1;r=l^1; if (!isroot(y)) { if (c[z][0]==y)c[z][0]=x;else c[z][1]=x; } fa[x]=z;fa[y]=x;fa[c[x][r]]=y; c[y][l]=c[x][r];c[x][r]=y; update(y);update(x);}void pushdown(int x){ int l=c[x][0], r=c[x][1]; if (rev[x]) { rev[x]^=1; rev[l]^=1;rev[r]^=1; swap(c[x][0], c[x][1]); }}void splay(int x){ top=0;s[++top]=x; for(int i=x;!isroot(i);i=fa[i]) s[++top]=fa[i]; for(int i=top;i;i--) pushdown(s[i]); while (!isroot(x)) { int y=fa[x], z=fa[y]; if (!isroot(y)) { if (c[y][0]==x^c[z][0]==y)rotate(x); else rotate(y); } rotate(x); }}void access(int x){ int t=0; while (x) { splay(x);c[x][1]=t;update(x);t=x;x=fa[x]; }}void makeroot(int x){ access(x);splay(x);rev[x]^=1;}void link(int x, int y){ makeroot(x);fa[x]=y;}void cut(int x, int y){ makeroot(x);access(y);splay(y);c[y][0]=fa[x]=0;}int Query(int x, int y){ makeroot(x);access(y);splay(y);return mx[y];}int main(void){ n=read();m=read();Q=read(); for(int i=1;i<=n;i++)f[i]=i; for(int i=1;i<=m;i++) { e[i].u=read(), e[i].v=read(), e[i].w=read(); if (e[i].u>e[i].v)swap(e[i].u, e[i].v); } sort(e+1, e+m+1, cmp); for(int i=1;i<=m;i++) { e[i].id=i; val[n+i]=e[i].w; mx[n+i]=n+i; } sort(e+1, e+m+1); for(int i=1;i<=Q;i++) { q[i].f=read(), q[i].x=read(), q[i].y=read(); if (q[i].f==2) { if (q[i].x>q[i].y)swap(q[i].x, q[i].y); int t=find(q[i].x, q[i].y); e[t].d=1;q[i].id=e[t].id; } } sort(e+1, e+m+1, cmp2); int tot=0; for(int i=1;i<=m;i++) if (!e[i].d) { int u=e[i].u, v=e[i].v, x=getf(u), y=getf(v); if (x!=y) { f[x]=y; link(u, i+n);link(v, i+n); tot++; if (tot==n-1)break; } } for(int i=Q;i;i--) { if (q[i].f==1) q[i].ans=val[Query(q[i].x, q[i].y)]; else { int u=q[i].x, v=q[i].y, k=q[i].id; int t=Query(u, v); if (e[k].w<val[t]) { cut(e[t-n].u, t);cut(e[t-n].v, t); link(u, k+n);link(v, k+n); } } } for(int i=1;i<=Q;i++) if (q[i].f==1)printf("%d\n", q[i].ans); return 0;}
离线操作,删边就可以变为倒序加边;
然后LCT维护
0 0
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