poj2229 dp
来源:互联网 发布:老外逛淘宝成瘾 编辑:程序博客网 时间:2024/06/10 14:03
如题:http://poj.org/problem?id=2229
Sumsets
Time Limit: 2000MS Memory Limit: 200000KTotal Submissions: 13748 Accepted: 5464
Description
Farmer John commanded his cows to search for different sets of numbers that sum to a given number. The cows use only numbers that are an integer power of 2. Here are the possible sets of numbers that sum to 7:
1) 1+1+1+1+1+1+1
2) 1+1+1+1+1+2
3) 1+1+1+2+2
4) 1+1+1+4
5) 1+2+2+2
6) 1+2+4
Help FJ count all possible representations for a given integer N (1 <= N <= 1,000,000).
1) 1+1+1+1+1+1+1
2) 1+1+1+1+1+2
3) 1+1+1+2+2
4) 1+1+1+4
5) 1+2+2+2
6) 1+2+4
Help FJ count all possible representations for a given integer N (1 <= N <= 1,000,000).
Input
A single line with a single integer, N.
Output
The number of ways to represent N as the indicated sum. Due to the potential huge size of this number, print only last 9 digits (in base 10 representation).
Sample Input
7
Sample Output
6
Source
USACO 2005 January Silver
自己动手推一下,就会有答案。
dp[i]:i可以由2的幂的和组成的方法数。
如果i是奇数,dp[i]=dp[i-1]。因为如果是奇数,i可以由上一个偶数的所有方法数+1来完成,也可以由之前的某一个偶数+i-那个偶数完成,右侧+的那个一定是个奇数,这个奇数又可以继续拆成上一个偶数+1,所以通过1-N的递推,dp[i]=dp[i-1].
如果i是偶数,很容易想到,它首先可以由上一个偶数+1组成,或前某一个偶数+一个奇数完成,同上,其次,它还可以由全是偶数的组合组成。将每一种偶数拆分的每一个数都除以2,正好与dp[i/2]的一种拆分对应,dp[i]=dp[i-1]+d[i/2];
#include<iostream>
#include<cstdio>
using namespace std;
int dp[1000005];
int main()
{
int N;
scanf("%d",&N);
int i;
dp[1]=1;
for(i=2;i<=N;i++)
{
if(i%2)
dp[i]=dp[i-1];
else
dp[i]=dp[i-1]+dp[i/2];
dp[i]%=1000000000;
}
cout<<dp[N]<<endl;
}
0 0
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