nyoj 16 矩形嵌套 & nyoj 17 单调递增最长子序列
来源:互联网 发布:袁隆平 诺贝尔奖 知乎 编辑:程序博客网 时间:2024/04/30 03:37
矩形嵌套
时间限制:3000 ms | 内存限制:65535 KB
难度:4
- 描述
- 有n个矩形,每个矩形可以用a,b来描述,表示长和宽。矩形X(a,b)可以嵌套在矩形Y(c,d)中当且仅当a<c,b<d或者b<c,a<d(相当于旋转X90度)。例如(1,5)可以嵌套在(6,2)内,但不能嵌套在(3,4)中。你的任务是选出尽可能多的矩形排成一行,使得除最后一个外,每一个矩形都可以嵌套在下一个矩形内。
- 输入
- 第一行是一个正正数N(0<N<10),表示测试数据组数,
每组测试数据的第一行是一个正正数n,表示该组测试数据中含有矩形的个数(n<=1000)
随后的n行,每行有两个数a,b(0<a,b<100),表示矩形的长和宽 - 输出
- 每组测试数据都输出一个数,表示最多符合条件的矩形数目,每组输出占一行
- 样例输入
1101 22 45 86 107 93 15 812 109 72 2
- 先把几个矩形排序,然后从最大的矩形开始往前找,如果能嵌套进去,这个矩形的计数就+1.
那么现在问题来了。第一个可能被第二个套,也可能被第三个套,但是第二个和第三个你不知道谁以后被套的更多,
此时选二还是三呢?如果用暴力的话就把每一种可能都来一遍,看看谁更多。当然,这种方法时间复杂度太高,是不可行的。
所以这里就用到动态规划,因为从每一个矩形i开始,被套的最多的个数是一定的,所以就从倒数第二个开始,往下扫描,
可以嵌套的话就更新dp。这里需要注意从某一个点往下扫描的时候,可以嵌套的路径是多条,至于选择哪一条,就要看那一条的dp更大了,(可以想象成DAG图)
不能盲目的遇到可嵌套的就更新。状态转移方程:dp[i] = max(dp[i], dp[j]+1).
#include <stdio.h>#include <algorithm>using namespace std;struct rec{ int x, y;}r[1003];int dp[1003];int cmp(rec a, rec b){ if(a.x < b.x) return 1; if(a.x == b.x && a.y < b.y) return 1; return 0;}int main(){ int t, i, n, ma, a, b, j; scanf("%d", &t); while(t--) { scanf("%d", &n); for(i = 0 ; i < n ; i++) { dp[i] = 1; scanf("%d %d", &a, &b); if(a < b) swap(a, b); r[i].x = a; r[i].y = b; } sort(r, r+n, cmp); for(i = n-2 ; i >= 0 ; i--) for(j = i+1 ; j <= n-1 ; j++) { if(r[i].x < r[j].x && r[i].y < r[j].y) dp[i] = max(dp[i], dp[j]+1); } ma = -1; for(i = 0 ; i < n ; i++) ma = max(ma, dp[i]); printf("%d\n", ma); } return 0;}
单调递增最长子序列
时间限制:3000 ms | 内存限制:65535 KB
难度:4
- 描述
- 求一个字符串的最长递增子序列的长度
如:dabdbf最长递增子序列就是abdf,长度为4- 输入
- 第一行一个整数0<n<20,表示有n个字符串要处理
随后的n行,每行有一个字符串,该字符串的长度不会超过10000 - 输出
- 输出字符串的最长递增子序列的长度
- 样例输入
3aaaababcabklmncdefg
- 样例输出
137
这个题和上面那个是一样的,上面那个是从后边往前走,先知道最后一个,慢慢推前边的,
这个用了从前往后走,先知道第一个,慢慢推后边的。(其实都是一回事。。。)
就是说第i位置的单调递增最长子序列的长度是 所有在这个位置前边的位置j、且j位置上的字母小于当前字母的 dp值 +1 ,也可以转化成一个DAG图。
状态转移方程:dp[i] = max(dp[i], dp[j]+1),其中j是小于i的且s[j]<s[i]的所有位置。
#include <stdio.h>#include <string.h>#include <algorithm>using namespace std;int dp[10005];int main(){ int n, i, j, ans, l; char s[10005]; scanf("%d", &n); while(n--) { scanf("%s", s); l = strlen(s); dp[0] = 1; ans = dp[0];//注意这里。如果ans全在循环里判断的话,就容易漏掉这个dp[0].比如只有一个字母的时候,答案就会错。 for(i = 1 ; i < l ; i++) { dp[i] = 1;//开始把dp都附为1 for(j = i-1 ; j >= 0 ; j--) { if(s[i] > s[j]) dp[i] = max(dp[i], dp[j]+1); } ans = max(ans, dp[i]); } printf("%d\n", ans); } return 0;}
还有一个 拦截导弹。一样的道理。不过这道题开始的时候忘记了比较max。。我去- -wa了好几次。还是考虑的不周全。
拦截导弹
时间限制:3000 ms | 内存限制:65535 KB
难度:3
- 描述
某国为了防御敌国的导弹袭击,发展中一种导弹拦截系统。但是这种导弹拦截系统有一个缺陷:虽然它的第一发炮弹能够到达任意的高度,但是以后每一发炮弹都不能高于等于前一发的高度。某天,雷达捕捉到敌国导弹来袭。由于该系统还在试用阶段,所以只用一套系统,因此有可能不能拦截所有的导弹。
- 输入
- 第一行输入测试数据组数N(1<=N<=10)
接下来一行输入这组测试数据共有多少个导弹m(1<=m<=20)
接下来行输入导弹依次飞来的高度,所有高度值均是大于0的正整数。 - 输出
- 输出最多能拦截的导弹数目
- 样例输入
28389 207 155 300 299 170 158 65388 34 65
- 样例输出
62
#include <stdio.h>#include <algorithm>using namespace std;int dp[25], a[25];int main(){ int t, n, i, j, ans; scanf("%d", &t); while(t--) { scanf("%d", &n); scanf("%d", &a[1]); dp[1] = 1; ans = 1; for(i = 2 ; i <= n ; i++) { scanf("%d", &a[i]); dp[i] = 1; for(j = i-1 ; j >= 1 ; j--) { if(a[j] > a[i]) dp[i] = max(dp[j]+1, dp[i]); } ans = max(ans, dp[i]);//最后一个不一定是最大的啊。。开始的时候直接没有比较,就是输出了dp[n] - -。如果是5 4 3 2 1 999 的话,dp[n]肯定不是最大的。。。 } printf("%d\n", ans); } return 0;}
0 0
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- NYOJ-17:单调递增最长子序列
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