[思路题] upcoj 2219 A^X mod P
来源:互联网 发布:手机淘宝页头图片 编辑:程序博客网 时间:2024/06/10 16:21
题意:
题意很明白了。
思路:
一种很选的优化方式。
运用预处理的两个数组进行O(1)的运算求出A^x (0<=x<=10^9)
f1数组构造A^0~A^(10^5),间隔为A。
f2数组构造A^(10^5)~A^(10^10),间隔为A^(10^5)。
这样对于任意的A^x就能表示成f2[x/(10^5)]*f1[x%(10^5)]。
从而用空间换取时间。
代码:
#include"cstdlib"#include"cstdio"#include"cstring"#include"cmath"#include"queue"#include"algorithm"#include"iostream"#include"map"#include"vector"#define ll long longusing namespace std;ll f1[150000],f2[150000];int main(){ int t,cas=1; cin>>t; while(t--) { ll n,A,K,a,b,m,P,ans=0; scanf("%lld%lld%lld%lld%lld%lld%lld",&n,&A,&K,&a,&b,&m,&P); f1[0]=1; f1[1]=A%P; for(int i=2; i<=100000; i++) f1[i]=(f1[i-1]*f1[1])%P; f2[0]=1; f2[1]=f1[100000]; for(int i=2; i<=100000; i++) f2[i]=(f2[i-1]*f2[1])%P; for(int i=1; i<=n; i++) { ans=(ans+f2[K/100000]*f1[K%100000])%P; K=(a*K+b)%m; } printf("Case #%d: %lld\n",cas++,ans); } return 0;}
0 0
- [思路题] upcoj 2219 A^X mod P
- A^X mod P
- A^X mod P
- A^X mod P
- UPC2219: A^X mod P
- C:A^X mod P
- 1038 X^A Mod P
- UPC——2219——A^X mod P
- UPC:2219 A^X mod P(预处理空间换时间)
- 第四届acm A^X mod P
- SDUT 2605 A^X mod P
- sdut2605——A^X mod P
- 51Nod-1038-X^A Mod P
- hdu 3930 X^N=a(mod) p 求X
- X^2 Mod P
- X^2 Mod P
- X^2 Mod P
- A^X mod P 山东省赛,打表求解
- 历届试题 买不到的数目
- html学习笔记(2)
- android在非UI线程中更新UI
- ineligible devices xcode6.3
- velocity
- [思路题] upcoj 2219 A^X mod P
- 历届试题 连号区间数
- cocos2d-x项目移植
- Codeforces Round #176 (Div. 2)
- 各种排序算法的分析及java实现
- 历届试题 翻硬币
- hibernate学习笔记1
- Blender编译
- 史上最全-第三方应用连接亚马逊云存储AWS S3的研究总结