UVALive 6953Digi Comp II（搜索）

来源：互联网发布：mac自带的php环境编辑：程序博客网时间：2024/06/05 04:07

题意：

m个开关，n个球。每个开关有两个状态，左或右，左则滚到左边，右则滚到右边。每滚一个球状态则反转一次。问最后每个开关的状态是怎样的。

解题：

因为球数实在太多（10^18），一个一个模拟果断不行，而开关的最后状态只取决于滚过的球数和初始状态。故我决定n个球一起传，然而，因为有些节点可能后面才扫到，而它的子节点已经把球传下去了，没考虑到这一点，wa了一次。改了之后，因为递归重复过多，TLE了。又改成队列，RE了。又优化下，从下往上算，还是RE。最后，才知道，原来可以用in数组来记录每个节点的入度，只有当该节点入度减为0后，才把该节点push到队列。

坑点：

1.L,R可以相同，处理需注意。

2.入度为0的点，不只1一个。其他节点也可以入度为0。（这是有影响的哦！）

代码：

#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstring>#include <queue>using namespace std;bool status[500005],LR;long long int amount[500005];long long int n,x,y;int m,a,b,lft[500005],rght[500005],tmp,in[500005],L,R;char c;queue <int> cal;int main(){while(~scanf("%lld%d",&n,&m)){memset(status,0,sizeof(status));memset(amount,0,sizeof(amount));memset(in,0,sizeof(in));memset(lft,0,sizeof(lft));memset(rght,0,sizeof(rght));getchar();amount[1]=n;for(int i=1;i<=m;i++){scanf("%c %d %d",&c,&a,&b);getchar();lft[i]=a;rght[i]=b;if(c=='L')status[i]=1;in[a]++;in[b]++;}for(int i=1;i<=m;i++){if(in[i]==0)cal.push(i);}while(!cal.empty()){           tmp=cal.front();   cal.pop();   L=lft[tmp];   R=rght[tmp];   if(L||R)   {     x=(amount[tmp]+1)/2;     y=amount[tmp]-x;     if(status[tmp])     {   amount[L]+=x;   amount[R]+=y;     }     else     {   amount[L]+=y;   amount[R]+=x;     }     in[L]--;     in[R]--;   if(L==R)   {   if(L&&in[L]==0)                 cal.push(L);   }   else   {   if(in[L]==0&&L)         cal.push(L);       if(in[R]==0&&R)         cal.push(R);}  }}for(int i=1;i<=m;i++){if(amount[i]%2)status[i]=!status[i];if(status[i])printf("L");else printf("R");}printf("\n");}return 0;}

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