HDU 3572 Task Schedule(最大流-Dinic)
来源:互联网 发布:php开发的大型网站 编辑:程序博客网 时间:2024/05/16 14:33
Description
有M个机器,有N个任务。每个任务必须在Si或者以后开始做,在Ei或者之前完成,完成任务必须处理Pi个时间单位。其中,每个任务可以在任意(空闲)机器上工作,每个机器的同一时刻只能工作一个任务,每个任务在同一时刻只能被一个机器工作,而且任务做到一半可以打断,拿去其他机器做。问能否在规定时间内把任务做完
Input
第一行为一个整数T表示用例组数,每组用例第一行两个整数N和M分别表示任务数和机器数,之后N行第i行三个整数Si,Ei,Pi分别表示第i个任务的开始时间下限,结束时间上限与完成该任务需要的时间
Output
对于每组用例,如果能在规定时间将所有任务做完则输出Yes,否则输出No,每组输出后跟一空行
Sample Input
2
4 3
1 3 5
1 1 4
2 3 7
3 5 9
2 2
2 1 3
1 2 2
Sample Output
Case 1: Yes
Case 2: Yes
Solution
最大流问题,将每个任务以及每个时刻都看作节点,源点向每个任务建容量为Pi的边,每个时刻向汇点建容量为M的边,每个任务向在Si与Ei范围内的所有时刻建容量为1的边,之后用Dinic算法判断是否满流即可
Code
#include<cstdio>#include<iostream>#include<cstring>#include<queue>using namespace std;#define maxn 1111#define maxm 555555#define INF 0x3f3f3f3fint head[maxn],cur[maxn],d[maxn],st[maxm],s,e,no,n;struct point{ int u,v,flow,next; point(){}; point(int x,int y,int z,int w):u(x),v(y),next(z),flow(w){};}p[maxm];void add(int x,int y,int z){ p[no]=point(x,y,head[x],z); head[x]=no++; p[no]=point(y,x,head[y],0); head[y]=no++;}void init(){ memset(head,-1,sizeof(head)); no=0;}bool bfs(){ int i,x,y; queue<int>q; memset(d,-1,sizeof(d)); d[s]=0; q.push(s); while(!q.empty()) { x=q.front(); q.pop(); for(i=head[x];i!=-1;i=p[i].next) { if(p[i].flow&& d[y = p[i].v]<0) { d[y]=d[x]+1; if(y==e) return true; q.push(y); } } } return false;}int dinic(){ int i,loc,top,x=s,nowflow,maxflow=0; while(bfs()){ for(i=s;i<=e;i++) cur[i]=head[i]; top=0; while(true) { if(x==e) { nowflow=INF; for(i=0;i<top;i++) { if(nowflow>p[st[i]].flow) { nowflow=p[st[i]].flow; loc=i; } } for(i=0;i<top;i++) { p[st[i]].flow-=nowflow; p[st[i]^1].flow+=nowflow; } maxflow+=nowflow; top=loc; x=p[st[top]].u; } for(i=cur[x];i!=-1;i=p[i].next) if(p[i].flow&&d[p[i].v]==d[x]+1) break; cur[x]=i; if(i!=-1) { st[top++]=i; x=p[i].v; } else { if(!top) break; d[x]=-1; x=p[st[--top]].u; } } } return maxflow;}int N,M;int main(){ int T; scanf("%d",&T); int res=1; while(T--) { init();//初始化 scanf("%d%d",&N,&M); s=0;//源点为0 e=N+500+1;//汇点为N+500+1(因为最多有500个时刻) n=N+500; int sum=0; for(int i=1;i<=N;i++) { int pi,si,ei; scanf("%d%d%d",&pi,&si,&ei); sum+=pi; add(s,i,pi);//源点向每个任务建容量为pi的边 for(int j=si;j<=ei;j++)//每个任务向si到ei间所有时刻建容量为1的边 add(i,j+N,1); } for(int i=1;i<=500;i++)//每个时刻向汇点建容量为M的边 add(i+N,e,M); printf("Case %d: ",res++); if(dinic()==sum)//判断是否满流 printf("Yes\n\n"); else printf("No\n\n"); } return 0;}
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