HDU 1828 Picture(矩形周长的并+扫描线+离散化)
来源:互联网 发布:java适用于什么环境 编辑:程序博客网 时间:2024/04/30 04:18
题意:
求N个矩形周长的并。
解析:
矩形周长的并会比面积并难一些,但是理解之后发现也不是很难。
参考这篇题解先离散化
x 坐标,按y 从下到上扫描。
统计每次加入一条扫描线总和的增加值,
总和增加值 = 横向边增加的长度 + 纵向边增加的长度
pre 表示之前加入横向边时的长度,sum[1] 是利用线段树维护的当前横边的长度。
这样可以用线段树维护横向边增加的长度为|sum[1]−pre| ,
对于纵向边增加的长度,为(line[i+1].h−line[i].h)∗segnum[1] 。
前面的(line[i+1].h−line[i].h) 表示相邻的两条扫描线的y 坐标的差,segnum[1] 代表此时在线段树中一共有几条竖边。
所以只要统计到当前有多少条竖边,就可以得到那一段的纵向边增加长度。统计某一时刻有多少条竖边,
可以用lc ,rc 记录这一个节点的两个端点是不是已经覆盖,如果覆盖值为true 。
lc ,rc 是用来判断两个矩形是否相交,合并两个节点的时候,父节点的segnum 等于左右子节点的segnum 和,如果左节点的rc 与右节点的lc 都是true,表示两个矩形相交,那么父节点的segnum 减去2,表示竖边的个数应该减去2。
#include <cstdio>#include <cstring>#include <algorithm>#include <cstdlib>#define ls (o<<1)#define rs (o<<1|1)#define lson ls, L, M#define rson rs, M+1, R#define MID (L + R) >> 1using namespace std;const int N = (int)1e4 + 10;struct Line { int l, r, h, d; bool operator < (const Line &rhs) const { if(h == rhs.h) return d > rhs.d; return h < rhs.h; }} line[N];int n, m, tot;int X[N];int cov[N<<2], sum[N<<2], segnum[N<<2];bool lc[N<<2], rc[N<<2];int search(int x) { int L = 0, R = tot-1; while(L <= R) { int M = MID; if(X[M] == x) return M; if(X[M] < x) L = M + 1; else R = M - 1; } return -1;}void build(int o, int L, int R) { cov[o] = sum[o] = segnum[o] = 0; lc[o] = rc[o] = false; if(L == R) return ; int M = MID; build(lson); build(rson);}void pushUp(int o, int L, int R) { if(cov[o]) { sum[o] = X[R+1] - X[L]; lc[o] = rc[o] = true; segnum[o] = 2; }else if(L == R) { sum[o] = segnum[o] = 0; lc[o] = rc[o] = false; }else { sum[o] = sum[ls] + sum[rs]; segnum[o] = segnum[ls] + segnum[rs]; lc[o] = lc[ls], rc[o] = rc[rs]; if(rc[ls] && lc[rs]) segnum[o] -= 2; }}void modify(int o, int L, int R, int ql, int qr, int d) { if(ql <= L && R <= qr) { cov[o] += d; pushUp(o, L, R); return ; } int M = MID; if(ql <= M) modify(lson, ql, qr, d); if(qr > M) modify(rson, ql, qr, d); pushUp(o, L, R);}int main() { int x1, y1, x2, y2; while(~scanf("%d", &n)) { m = tot = 0; for(int i = 0; i < n; i++) { scanf("%d%d%d%d", &x1, &y1, &x2, &y2); line[m] = (Line){x1, x2, y1, 1}; X[m++] = x1; line[m] = (Line){x1, x2, y2, -1}; X[m++] = x2; } sort(line, line+m); sort(X, X+m); tot = unique(X, X+m) - X; build(1, 0, tot-1); int pre = 0, ans = 0, w, h; int ql, qr; for(int i = 0; i < m; i++) { ql = search(line[i].l), qr = search(line[i].r) - 1; modify(1, 0, tot-1, ql, qr, line[i].d); h = line[i+1].h - line[i].h; w = abs(sum[1] - pre); ans += (w + h * segnum[1]); pre = sum[1]; } printf("%d\n", ans); } return 0;}
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