【HDU5569 BestCoder Round 63 (div1)B】【DP】matrix 向右走向下走最大乘积和
来源:互联网 发布:站长源码网 编辑:程序博客网 时间:2024/05/01 01:22
matrix
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问题描述
给定n∗m(n+m为奇数)的矩阵,从(1,1)走到(n,m)且只能往右往下走,设经过的数为a1,a2...a2k,贡献为a1∗a2+a3∗a4+...+a2k−1∗a2k,求最小贡献。
输入描述
若干组数据(大概5组)。每组数据第一行两个数n,m(1≤n,m≤1000且n+m为奇数)。接下来n行每行m个数ai,j(1≤ai,j≤100)描述这个矩阵。
输出描述
对于每组数据,输出一行表示答案。
输入样例
2 31 2 32 2 12 32 2 11 2 4
输出样例
48
#include<stdio.h>#include<string.h>#include<ctype.h>#include<math.h>#include<iostream>#include<string>#include<set>#include<map>#include<vector>#include<queue>#include<bitset>#include<algorithm>#include<time.h>using namespace std;void fre(){freopen("c://test//input.in","r",stdin);freopen("c://test//output.out","w",stdout);}#define MS(x,y) memset(x,y,sizeof(x))#define MC(x,y) memcpy(x,y,sizeof(x))#define MP(x,y) make_pair(x,y)#define ls o<<1#define rs o<<1|1typedef long long LL;typedef unsigned long long UL;typedef unsigned int UI;template <class T1,class T2>inline void gmax(T1 &a,T2 b){if(b>a)a=b;}template <class T1,class T2>inline void gmin(T1 &a,T2 b){if(b<a)a=b;}const int N=1005,M=0,Z=1e9+7,ms63=1061109567;int casenum,casei;int n,m;int a[N][N];int f[N][N];int main(){while(~scanf("%d%d",&n,&m)){for(int i=1;i<=n;i++){for(int j=1;j<=m;j++)scanf("%d",&a[i][j]);}MS(f,63);f[1][1]=0;for(int i=1;i<=n;i++){for(int j=1;j<=m;j++){if((i+j)&1){gmin(f[i][j],min(f[i-1][j]+a[i-1][j]*a[i][j] ,f[i][j-1]+a[i][j-1]*a[i][j]));}else gmin(f[i][j],min(f[i-1][j],f[i][j-1]));}}printf("%d\n",f[n][m]);}return 0;}/*【trick&&吐槽】一开始我只考虑偶点,然后需要走两步,会加不少特判。后来同时考虑偶点和奇点,速度就能大大提高了哦。【题意】给你一个n(1000)*m(1000)的矩阵,且n+m为奇数。我们要从(1,1)走到(n,m),每次只能向右走或者向下走。这样对于每条路线,都会恰好走过n+m-1个数,恰好是偶数个。让你求a[1]*a[2]+a[3]*a[4]+...+...的和,并使得这个和尽可能大,并输出。【类型】DP【分析】这道题,我们定义i+j为偶数的点叫做偶点,i+j为奇数的点叫做奇点。那么,我们对于每个偶点,和它配对的奇点是上或者左,积累当步贡献,并从上一步积累最大值。我们对于每个奇点,则只需要从上一步积累一个最大值即可。【时间复杂度&&优化】O(nm)*/
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