bzoj3261 最大异或和
来源:互联网 发布:arttemplate 遍历数组 编辑:程序博客网 时间:2024/05/21 21:46
Description
给定一个非负整数序列 {a},初始长度为 N。
有 M个操作,有以下两种操作类型:
1 、A x:添加操作,表示在序列末尾添加一个数 x,序列的长度 N+1。
2 、Q l r x:询问操作,你需要找到一个位置 p,满足 l<=p<=r,使得:
a[p] xor a[p+1] xor … xor a[N] xor x 最大,输出最大是多少。
Input
第一行包含两个整数 N ,M,含义如问题描述所示。
第二行包含 N个非负整数,表示初始的序列 A 。
接下来 M行,每行描述一个操作,格式如题面所述。
Output
假设询问操作有 T个,则输出应该有 T行,每行一个整数表示询问的答案。
Sample Input
5 5
2 6 4 3 6
A 1
Q 3 5 4
A 4
Q 5 7 0
Q 3 6 6
对于测试点 1-2,N,M<=5 。
对于测试点 3-7,N,M<=80000 。
对于测试点 8-10,N,M<=300000 。
其中测试点 1, 3, 5, 7, 9保证没有修改操作。
对于 100% 的数据, 0<=a[i]<=10^7。
Sample Output
4
5
6
提交地址:bzoj3261
思路:
定义一个b[]数组为前n个数的异或和,则a[p] xor a[p+1] xor … xor a[N]=b[N]^b[p-1],于是题目就变成了找到(l-1,r-1)中b[i]与b[n]^x的最大异或和,在可持久化trie上贪心不断的找到一个可以让当前位为1的节点,这样既可得到答案。
#include<iostream>#include<cstring>#include<algorithm>#include<cmath>#include<cstdio>#define N 600006int n,m,a[N*2],root[N*2],b[N],sum[N*24];int wq[N],tot,ch[N*24][2];int update(int rt,int val){ int tmp,lt; tmp=lt=++tot; int t; for (int i=23;i>=0;i--){ ch[lt][0]=ch[rt][0]; ch[lt][1]=ch[rt][1]; sum[lt]=sum[rt]+1; t=val&wq[i];t>>=i; rt=ch[rt][t]; ch[lt][t]=++tot; lt=ch[lt][t]; } sum[lt]=sum[rt]+1; return tmp;}int query(int rt1,int rt2,int val){ int tmp=0;int t; for (int i=23;i>=0;i--){ t=val&wq[i];t>>=i; if (sum[ch[rt2][t^1]]-sum[ch[rt1][t^1]]){ tmp+=wq[i];rt2=ch[rt2][t^1];rt1=ch[rt1][t^1]; } else { rt2=ch[rt2][t];rt1=ch[rt1][t]; } } return tmp;}int main(){ freopen("bzoj3261.in","r",stdin); freopen("bzoj3261.out","w",stdout); wq[0]=1; for (int i=1;i<30;i++)wq[i]=wq[i-1]<<1; scanf("%d%d",&n,&m); ++n; for (int i=2;i<=n;i++)scanf("%d",&a[i]); for (int i=1;i<=n;i++)b[i]=b[i-1]^a[i]; for (int i=1;i<=n;i++)root[i]=update(root[i-1],b[i]); char c[9]; for (int i=1;i<=m;i++){ scanf("%s",c); if (c[0]=='A'){ ++n; scanf("%d",&a[n]); b[n]=b[n-1]^a[n]; root[n]=update(root[n-1],b[n]); }else{ int l,r,x; scanf("%d%d%d",&l,&r,&x); printf("%d\n",query(root[l-1],root[r],b[n]^x)); } } return 0;}
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