BZOJ1036树的统计Count
来源:互联网 发布:库里本赛季数据统计 编辑:程序博客网 时间:2024/05/16 11:57
1036: [ZJOI2008]树的统计Count
Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 162 MB
Submit: 10566 Solved: 4261
[Submit][Status][Discuss]
Description
一棵树上有n个节点,编号分别为1到n,每个节点都有一个权值w。我们将以下面的形式来要求你对这棵树完成一些操作: I. CHANGE u t : 把结点u的权值改为t II. QMAX u v: 询问从点u到点v的路径上的节点的最大权值 III. QSUM u v: 询问从点u到点v的路径上的节点的权值和 注意:从点u到点v的路径上的节点包括u和v本身
Input
输入的第一行为一个整数n,表示节点的个数。接下来n – 1行,每行2个整数a和b,表示节点a和节点b之间有一条边相连。接下来n行,每行一个整数,第i行的整数wi表示节点i的权值。接下来1行,为一个整数q,表示操作的总数。接下来q行,每行一个操作,以“CHANGE u t”或者“QMAX u v”或者“QSUM u v”的形式给出。 对于100%的数据,保证1<=n<=30000,0<=q<=200000;中途操作中保证每个节点的权值w在-30000到30000之间。
Output
对于每个“QMAX”或者“QSUM”的操作,每行输出一个整数表示要求输出的结果。
Sample Input
4
1 2
2 3
4 1
4 2 1 3
12
QMAX 3 4
QMAX 3 3
QMAX 3 2
QMAX 2 3
QSUM 3 4
QSUM 2 1
CHANGE 1 5
QMAX 3 4
CHANGE 3 6
QMAX 3 4
QMAX 2 4
QSUM 3 4
Sample Output
4
1
2
2
10
6
5
6
5
16
Source
树的分治
树链剖分裸题,点权裸题。。
树链剖分就是把树拆成一系列链,然后用数据结构对链进行维护。
通常的剖分方法是轻重链剖分,所谓轻重链就是对于节点u的所有子结点v,size[v]最大的v与u的边是重边,其它边是轻边,其中size[v]是以v为根的子树的节点个数,全部由重边组成的路径是重路径,根据论文上的证明,任意一点到根的路径上存在不超过logn条轻边和logn条重路径。
这样我们考虑用数据结构来维护重路径上的查询,轻边直接查询。
通常用来维护的数据结构是线段树,splay较少见。
具体步骤
预处理
第一遍dfs求出树每个结点的深度deep[x],其为根的子树大小size[x]
以及祖先的信息fa[x][i]表示x往上距离为2^i的祖先
第二遍dfs
根节点为起点,向下拓展构建重链
选择最大的一个子树的根继承当前重链
其余节点,都以该节点为起点向下重新拉一条重链
给每个结点分配一个位置编号,每条重链就相当于一段区间,用数据结构去维护。
把所有的重链首尾相接,放到同一个数据结构上,然后维护这一个整体即可
修改操作
1、单独修改一个点的权值
根据其编号直接在数据结构中修改就行了。
2、修改点u和点v的路径上的权值
(1)若u和v在同一条重链上
直接用数据结构修改pos[u]至pos[v]间的值。
(2)若u和v不在同一条重链上
一边进行修改,一边将u和v往同一条重链上靠,然后就变成了情况(1)。
查询操作
查询操作的分析过程同修改操作
题目不同,选用不同的数据结构来维护值,通常有线段树和splay
#include<iostream>#include<cstdio>#include<cstring>#include<climits>using namespace std;int n,q,cnt,sz,father[30001][15],v[30001],deep[30001],size[30001],head[30001],pos[30001],belong[30001];bool vis[30001];struct data{ int to,next;};data edge[60001];struct node{ int l,r,maxn,sum;};node t[100001];int read(){ int w=0,c=1; char ch=getchar(); while (ch<'0' || ch>'9') { if (ch=='-') c=-1; ch=getchar(); } while (ch>='0' && ch<='9') { w=w*10+ch-'0'; ch=getchar(); } return w*c;}void add(int u,int v){ cnt++; edge[cnt].to=v; edge[cnt].next=head[u]; head[u]=cnt; cnt++; edge[cnt].to=u; edge[cnt].next=head[v]; head[v]=cnt;}void dfs1(int x){ int i; size[x]=1; vis[x]=1; for (i=1;i<=14;i++) { if (deep[x]<(1<<i)) break; father[x][i]=father[father[x][i-1]][i-1];//倍增处理祖先信息 } for (i=head[x];i;i=edge[i].next) { if (vis[edge[i].to]) continue; deep[edge[i].to]=deep[x]+1; father[edge[i].to][0]=x; dfs1(edge[i].to); size[x]+=size[edge[i].to]; }}void dfs2(int x,int chain){ int k=0,i; sz++; pos[x]=sz;//分配x结点在线段树中的编号 belong[x]=chain; for (i=head[x];i;i=edge[i].next) if (deep[edge[i].to]>deep[x] && size[edge[i].to]>size[k]) k=edge[i].to;//选择子树最大的儿子继承重链 if (k==0) return; dfs2(k,chain); for (i=head[x];i;i=edge[i].next) if (deep[edge[i].to]>deep[x] && k!=edge[i].to) dfs2(edge[i].to,edge[i].to);//其余儿子新开重链}int lca(int x,int y){ int i,t; if (deep[x]<deep[y]) swap(x,y); t=deep[x]-deep[y]; for (i=0;i<=14;i++) if (t&(1<<i)) x=father[x][i]; for (i=14;i>=0;i--) if (father[x][i]!=father[y][i]) { x=father[x][i]; y=father[y][i]; } if (x==y) return x; else return father[x][0];}void build(int s,int l,int r){ int mid; t[s].l=l; t[s].r=r; mid=(l+r)/2; if (l==r) return; build(s*2,l,mid); build(s*2+1,mid+1,r);}void change(int s,int x,int y){ int l=t[s].l,r=t[s].r,mid=(l+r)/2; if (l==r) { t[s].sum=t[s].maxn=y; return; } if (x<=mid) change(s*2,x,y); else change(s*2+1,x,y); t[s].sum=t[s*2].sum+t[s*2+1].sum; t[s].maxn=max(t[s*2].maxn,t[s*2+1].maxn);}int querysum(int s,int x,int y){ int l=t[s].l,r=t[s].r,mid=(l+r)/2; if (l==x && y==r) return t[s].sum; if (y<=mid) return querysum(s*2,x,y); else if (x>mid) return querysum(s*2+1,x,y); else return querysum(s*2,x,mid)+querysum(s*2+1,mid+1,y);}int querymx(int s,int x,int y){ int l=t[s].l,r=t[s].r,mid=(l+r)/2; if (l==x && y==r) return t[s].maxn; if (y<=mid) return querymx(s*2,x,y); else if (x>mid) return querymx(s*2+1,x,y); else return max(querymx(s*2,x,mid),querymx(s*2+1,mid+1,y));}int solvesum(int x,int f){ int sum=0; while (belong[x]!=belong[f])/不在一条重链上就将x跳到链首,走一条轻边,如此反复 { sum+=querysum(1,pos[belong[x]],pos[x]); x=father[belong[x]][0]; } sum+=querysum(1,pos[f],pos[x]); return sum;}int solvemx(int x,int f){ int mx=-INT_MAX; while (belong[x]!=belong[f]) { mx=max(mx,querymx(1,pos[belong[x]],pos[x])); x=father[belong[x]][0]; } mx=max(mx,querymx(1,pos[f],pos[x])); return mx;}int main(){ int i,x,y,t; char ch[6]; n=read(); for (i=1;i<=n-1;i++) { x=read(); y=read(); add(x,y); } for (i=1;i<=n;i++) v[i]=read(); dfs1(1); dfs2(1,1); build(1,1,n); for (i=1;i<=n;i++) change(1,pos[i],v[i]); q=read(); for (i=1;i<=q;i++) { scanf("%s",&ch); x=read(); y=read(); if (ch[0]=='C') { v[x]=y; change(1,pos[x],y); } else { t=lca(x,y); if (ch[1]=='M') printf("%d\n",max(solvemx(x,t),solvemx(y,t))); else printf("%d\n",solvesum(x,t)+solvesum(y,t)-v[t]); } } return 0;}
- BZOJ1036 树的统计Count
- bzoj1036树的统计Count
- BZOJ1036树的统计Count
- bzoj1036 树的统计Count
- [Bzoj1036][ZJOI2008]树的统计Count
- BZOJ1036 [ZJOI2008]树的统计Count 树链剖分
- 【BZOJ1036】[ZJOI2008]树的统计Count 树链剖分
- 【BZOJ1036】【ZJOI2008】树的统计Count 树链剖分裸题
- 【ZJOI2008】【BZOJ1036】树的统计Count
- [BZOJ1036][ZJOI2008]树的统计Count && LCT
- bzoj1036: [ZJOI2008]树的统计Count
- [BZOJ1036][ZJOI2008]树的统计Count
- 【bzoj1036】【树链剖分】【ZJOI2008】树的统计Count
- 【BZOJ1036】【ZJOI2008】【树的统计count】【树链剖分】
- bzoj1036: [ZJOI2008]树的统计Count
- BZOJ1036: [ZJOI2008]树的统计Count (树链剖分)
- bzoj1036: [ZJOI2008]树的统计Count - 树链剖分
- BZOJ1036: [ZJOI2008]树的统计Count
- 关于Ubuntu12.04编译环境搭建问题
- 小图片组装成大图片
- Android 自定义View(API解析+Demo)
- FreeWrap工具,将tcl/tk脚本转变为可执行文件
- Java正则表达式提取字符
- BZOJ1036树的统计Count
- 抓包工具Fidder详解(主要来抓取Android中app的请求)
- Redis系列学习(一)安装与配置(基于Centos7)
- Eclipse解决查看源代码出现乱码问题
- Linux设备驱动模型
- Spring框架学习(二)
- HDU 4725 —— The Shortest Path in Nya Graph
- 少有人走的路 读书笔记二
- web技术与软件技术