简单的求和题

The sum problem

Problem Description

Given a sequence 1,2,3,......N, your job is to calculate all the possible sub-sequences that the sum of the sub-sequence is M.

Input

Input contains multiple test cases. each case contains two integers N, M( 1 <= N, M <= 1000000000).input ends with N = M = 0.

 

Output

For each test case, print all the possible sub-sequence that its sum is M.The format is show in the sample below.print a blank line after each test case.

 

Sample Input

20 1050 300 0

Sample Output

[1,4][10,10][4,8][6,9][9,11][30,30]

【解析】
   首先，这是一道很简单的题，我们不必被1<= N， M<=1000000000这个条件吓到，当然，如果你要想通过暴力的方式解出这道题，条件1<=N,M<=1000000000所限制，即会出现超时的！通过题意我们可以知道这是一个求子序列和的问题，然后子序列求和是不是很容易让我们想到等差数列求和公式了，是的，这道题就是使用等差数列求和公式来解决它的，等差数列求和公式： ，这个公式变形可得：2 * Sn = 2 * n * a1 + n * (n - 1) * d,a1 = Sn / n - (n - 1) / 2;;又因为1+2+……+（2*Sn)^1/2>Sn,所以和为Sn的元素个数n应该小于等于（2*Sn)^1/2;然后我们就可以通过公式计算出首相了，及a1,接下来的过程就顺水推舟了，请直接移步代码吧。
【代码】
#include <iostream>
#include <cmath>
using namespace std;

int main()
{
    __int64 N, M, a1, n;
    while(cin >> N >> M)
    {
        if(N == 0 && M == 0)
            break;
        for( n = (__int64)sqrt(2.0 * M); n > 0; n--)
        {
            a1 = M / n - (n - 1) / 2;
            if(2 * a1 * n + n * (n - 1) == 2 * M)
                cout << '[' << a1 <<',' << a1 + n - 1<< ']' << endl;
        }
        cout << endl;
    }
    return 0;
}