HDU 5691 Sitting in Line (状压dp)
来源:互联网 发布:数据库认证工程师 编辑:程序博客网 时间:2024/06/06 09:05
Sitting in Line
Time Limit: 10000/5000 MS (Java/Others) Memory Limit: 262144/262144 K (Java/Others)
Total Submission(s): 290 Accepted Submission(s): 140
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Problem Description
度度熊是他同时代中最伟大的数学家,一切数字都要听命于他。现在,又到了度度熊和他的数字仆人们玩排排坐游戏的时候了。游戏的规则十分简单,参与游戏的N个整数将会做成一排,他们将通过不断交换自己的位置,最终达到所有相邻两数乘积的和最大的目的,参与游戏的数字有整数也有负数。度度熊为了在他的数字仆人面前展现他的权威,他规定某些数字只能在坐固定的位置上,没有被度度熊限制的数字则可以自由地交换位置。
Input
第一行一个整数T ,表示T 组数据。
每组测试数据将以如下格式从标准输入读入:
N
a1p1
a2p2
:
aNPN
第一行,整数N(1≤N≤16) ,代表参与游戏的整数的个数。
从第二行到第(N+1) 行,每行两个整数,ai(−10000≤ai≤10000) 、pi(pi=−1 或 0≤pi<N) ,以空格分割。ai 代表参与游戏的数字的值,pi 代表度度熊为该数字指定的位置,如果pi=−1 ,代表该数字的位置不被限制。度度熊保证不会为两个数字指定相同的位置。
每组测试数据将以如下格式从标准输入读入:
:
第一行,整数
从第二行到第
第一行输出:"Case #i:"。i 代表第i 组测试数据。
第二行输出数字重新排列后最大的所有相邻两数乘积的和,即max{a1⋅a2+a2⋅a3+......+aN−1⋅aN} 。
第二行输出数字重新排列后最大的所有相邻两数乘积的和,即
26-1 02 1-3 24 3-5 46 5540 -150 -130 -120 -110 -1
Case #1:-70Case #2:4600
2016"百度之星" - 初赛(Astar Round2A)
题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5691
题目分析:Astar第一轮初赛第二题,好气啊这题,比赛的时候T,结束以后用T的代码去HDU交,结果ac,已经是第二次在比赛时候出现这种情况了,不过比赛时候的做法时间复杂度好像和正解也就多了点常数,dp[i][j]表示选数状态为j时,最后选择的是第i个时的最大值,初始化放第一个位置时dp值为0,其余负无穷,然后枚举状态,枚举状态对应的最后选择的位置,假设现在放了x个,要放第x+1个时对应的状态位必须为0,且放的那个数,要么p值为1可以随便放,要么正好被要求放在那个位置,至于当前状态已放了的个数可以通过__builtin_popcount求二进制表示中1的个数,然后dp一下即可,比赛的时候多用了一个sta[i][j]记录第j个有i个1的状态值,然后枚举的。
比赛代码:
优化代码:
题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5691
题目分析:Astar第一轮初赛第二题,好气啊这题,比赛的时候T,结束以后用T的代码去HDU交,结果ac,已经是第二次在比赛时候出现这种情况了,不过比赛时候的做法时间复杂度好像和正解也就多了点常数,dp[i][j]表示选数状态为j时,最后选择的是第i个时的最大值,初始化放第一个位置时dp值为0,其余负无穷,然后枚举状态,枚举状态对应的最后选择的位置,假设现在放了x个,要放第x+1个时对应的状态位必须为0,且放的那个数,要么p值为1可以随便放,要么正好被要求放在那个位置,至于当前状态已放了的个数可以通过__builtin_popcount求二进制表示中1的个数,然后dp一下即可,比赛的时候多用了一个sta[i][j]记录第j个有i个1的状态值,然后枚举的。
比赛代码:
#include <cstdio>#include <cstring>#include <algorithm>using namespace std;int const INF = 0x3fffffff;int const MAX = 1 << 17;int dp[20][MAX], sta[20][MAX], a[20], p[20], cnt[20];int main(){ int T, n; scanf("%d", &T); for(int ca = 1; ca <= T; ca ++) { printf("Case #%d:\n", ca); scanf("%d", &n); for(int i = 0; i < n; i++) scanf("%d %d", &a[i], &p[i]); for(int i = 0; i < n; i++) for(int j = 0; j < (1 << n); j++) dp[i][j] = -INF; for(int i = 0; i < n; i++) if(p[i] == -1 || p[i] == 0) dp[i][1 << i] = 0; memset(cnt, 0, sizeof(cnt)); for(int i = 0; i < (1 << n); i++) { int num1 = __builtin_popcount(i); sta[num1][cnt[num1]] = i; cnt[num1] ++; } for(int i = 0; i < n; i++) for(int k = 0; k < n; k++) if(p[k] == -1 || p[k] == i) for(int y = 0; y < cnt[i]; y++) if(!((1 << k) & sta[i][y])) for(int x = 0; x < n; x++) if(x != k) { int now = (sta[i][y]) | (1 << k); dp[k][now] = max(dp[k][now], dp[x][sta[i][y]] + a[x] * a[k]); } int ans = -INF; for(int i = 0; i < n; i++) ans = max(ans, dp[i][(1 << n) - 1]); printf("%d\n", ans); }}
优化代码:
#include <cstdio>#include <algorithm>using namespace std;int const INF = 0x3fffffff;int const MAX = 1 << 17;int dp[20][MAX], sta[20][MAX], a[20], p[20], cnt[20];int main(){ int T, n; scanf("%d", &T); for(int ca = 1; ca <= T; ca ++) { printf("Case #%d:\n", ca); scanf("%d", &n); for(int i = 0; i < n; i++) scanf("%d %d", &a[i], &p[i]); for(int i = 0; i < n; i++) for(int j = 0; j < (1 << n); j++) dp[i][j] = -INF; for(int i = 0; i < n; i++) if(p[i] == -1 || p[i] == 0) dp[i][1 << i] = 0; for(int st = 0; st < (1 << n); st++) for(int x = 0; x < n; x++) if(dp[x][st] > -INF) for(int k = 0; k < n; k++) if(p[k] == -1 || p[k] == __builtin_popcount(st)) if(!((1 << k) & st) && x != k) dp[k][st | (1 << k)] = max(dp[k][st | (1 << k)], dp[x][st] + a[x] * a[k]); int ans = -INF; for(int i = 0; i < n; i++) ans = max(ans, dp[i][(1 << n) - 1]); printf("%d\n", ans); }}
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