hiho第七周 完全背包
来源:互联网 发布:箪食壶浆以迎将军者乎 编辑:程序博客网 时间:2024/06/10 14:28
描述
且说之前的故事里,小Hi和小Ho费劲心思终于拿到了茫茫多的奖券!而现在,终于到了小Ho领取奖励的时刻了!
等等,这段故事为何似曾相识?这就要从平行宇宙理论说起了………总而言之,在另一个宇宙中,小Ho面临的问题发生了细微的变化!
小Ho现在手上有M张奖券,而奖品区有N种奖品,分别标号为1到N,其中第i种奖品需要need(i)张奖券进行兑换,并且可以兑换无数次,为了使得辛苦得到的奖券不白白浪费,小Ho给每件奖品都评了分,其中第i件奖品的评分值为value(i),表示他对这件奖品的喜好值。现在他想知道,凭借他手上的这些奖券,可以换到哪些奖品,使得这些奖品的喜好值之和能够最大。
提示一: 切,不就是0~1变成了0~K么
人欣慰的是,在这个平行世界里小Ho已经学习了一般的01背包问题,所以他并没有思考太久,便提出了自己的想法。
“我们的首要目标仍然是将问题抽象化!在我看来,这个问题其实和01背包问题很像,我们在解决01背包问题的时候是按照奖品的标号从1到N依次决定每件奖品是否选取,那么对于每种奖品有无数件的这个问题,我可以按照奖品的标号从1到N依次决定每种奖品选取的件数!”
小Hi点了点头表示赞同。
小Ho于是继续说道:“那么按照01背包的想法,我可以使用best(i, x)表示已经决定了前i件物品每件物品选择多少件,当前已经选取的物品的所需奖券数总和不超过x时,能够获取的最高的喜好值的和,那么最终的答案便是best(N, M)。”
小Hi道:”的确可以这样,那么你准备如何转移呢?”
小Ho道:“仍然是根据01背包的做法,对于一个问题best(i, x),考虑最后一步——即第i件物品选择多少件,不妨就假设选择k件吧,那么k的取值范围肯定是在0~(x / need(i))这个范围内。这个时候我们可以知道best(i - 1, x - need(i) * k) + value(i) * k将会是一种可能的方案。”
小Hi挠了挠头,问道:”你所说的‘可能的方案’是什么意思?”
小Ho笑道:“就是说best(i, x)的求解满足这个公式~”
说罢,拿过纸笔,列出了一个式子。
小Hi接过纸来,看完说道:“的确没错,总共就是这些可能~那你是否求解这个问题也是用与01背包类似的方法进行求解呢?”
“是的,我会使用这样的方法来做!”小Ho刷刷刷又在纸上写下来几行伪代码。
“应该没有问题,时间复杂度也很不错了~~但是我看着总有点难受!”小Hi点了点头又摇头。
“怎么说?”
提示二:强迫症患者总是会将状态转移方程优化一遍又一遍
小Hi嘻嘻笑了两声,说道:“我们不妨换一种问题定义的方式:用best(i, x)表示已经决定了前i件物品每件物品选择多少件,当前已经选取的物品的所需奖券数总和不超过x时,能够获取的最高的喜好值的和!”
小Ho仔仔细细回忆了下,确认小Hi所说和自己先前并无区别,怒道:“你这和我的定义方法有什么区别呀?”
小Hi道:“别急别急,这部分的确没有区别,有区别的在后头~”
小Ho撇了撇嘴:“那你就说呗~”
小Hi继续道:“我们还是考虑最后一步——要不要再选一件第i种奖品!”
小Ho有点不能理解,道:“什么叫再选一件?”
“你想想,在你的状态转移方程(即问题求解公式)中是否满足这样两个公式?”小Hi问道。
小Ho低头想了想,点了点头表示赞同。
小Hi于是继续问道:“那你有没有意识到这样一个等式?”
“似乎……是的!”小Ho惊道:“这么说,其实best(i, x)的大部分计算都在best(i, x - need(i))中已经计算过了!”
小Hi问出了最后一个问题:“所以你的公式是不是就可以变成这样子呢?”
“是的!所以……代码就可以这么写了~是么!”
“是的嗯~”
提示三:同样不要忘了优化空间哦!
输入
每个测试点(输入文件)有且仅有一组测试数据。
每组测试数据的第一行为两个正整数N和M,表示奖品的种数,以及小Ho手中的奖券数。
接下来的n行描述每一行描述一种奖品,其中第i行为两个整数need(i)和value(i),意义如前文所述。
测试数据保证
对于100%的数据,N的值不超过500,M的值不超过10^5
对于100%的数据,need(i)不超过2*10^5, value(i)不超过10^3
输出
对于每组测试数据,输出一个整数Ans,表示小Ho可以获得的总喜好值。
C++代码
#include<stdio.h>#include<algorithm>const int max_m = 1e5 + 1;int best_value[max_m], need, value, n, m,i;int main(){ for (i = 0; i <= max_m; i++) best_value[i] = 0; for (i = 0, scanf("%d%d", &n, &m); i < n&&scanf("%d%d", &need, &value); i++) for (int j = need; j<= m; j++) best_value[j] = std::max(best_value[j], best_value[j - need] + value); printf("%d\n", best_value[m]); return 0;}
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